题目

题目

题解

思路很神奇，把\(A\)分解成\(a_1^{b_1}*a_2^{b_2}*a_3^{b_3}*...*a_n^{b_n}\)（\(a_i\)为质数）。

那么，我们现在就得到了他的质因数以及每个质因数的个数了，而它的约数肯定是在其中选择的几个数字相乘得到的，换个角度想，其实就是对于每个质因数选择多少个的问题。

不难想到，当选\(0\)个\(a_i\)和选\(j\)个\(a_i\)时的约数个数是一样的，而且在除去了\(a_i\)这些约束甚至还是一样的。

用乘法分配律不难得出约数之和是\((a_1^0+a_1^1+a_1^2+a_1^3+...+a_1^{b_1*B})*...*(a_n^0+a_n^1+a_n^2+a_n^3+...+a_n^{b_n*B})\)

而且对于每个括号内，是一个等比数列，以\(a_1\)为例子，公式为：\(\frac{a_1^{b_1*B+1}-1}{a_1-1}\)，但是需要注意的是，如果\(a_i\%9901=1\)的话，这个公式就会废掉，需要特判，当然，因为涉及到了除法，所以需要乘法逆元，而\(9901\)是个质数，所以\(x^{9899}\)就是\(x\)的乘法逆元了，这些都只需要快速幂就可以解决了。

代码

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define  N  2100000 
using  namespace  std;
typedef  long  long  LL;
LL  n,m,p=9901;
LL  a[N]/*约数*/,b[N]/*次数*/,top;
inline  LL  ksm(LL  x,LL  y)
{
	LL  ans=1;x%=p;
	while(y)
	{
		if(y&1)ans=(ans*x)%p;
		x=(x*x)%p;y>>=1;
	}
	return  ans;
}
LL  dfs(LL  x,LL  y)
{
	a[++top]=y%p;
	while(x%y==0)b[top]++,x/=y;
	return  x;
}
void  fenjie(int  x)
{
	int  y=sqrt(x);
	for(LL  i=2;i<=y  &&  i<=x/*其实如果把后面的if去掉然后改成i<=x也对，但是会慢*/;i++)
	{
		if(x%i==0)x=dfs(x,i);
	}
	if(x!=1)
	{
		a[++top]=x;
		b[top]=1;
	}
}
int  main()
{
	scanf("%lld%lld",&n,&m);
	if(n==0)printf("0\n");
	else  if(n==1  ||  m==0)printf("1\n");
	else
	{
		fenjie(n);
		for(int  i=1;i<=top;i++)b[i]*=m;
		LL  ans=1;
		for(int  i=1;i<=top;i++)
		{
			if(a[i]==1)ans=(ans*(b[i]+1))%p;
			else  ans*=((ksm(a[i],b[i]+1)+p-1/*+p防止<0*/)%p)*ksm(a[i]-1+p/*防止<0*/,p-2),ans%=p;
		}
		printf("%lld\n",ans);
	}
	return  0;
}

标签：约数,9901,LL,ans,include,top
来源： https://www.cnblogs.com/zhangjianjunab/p/13394989.html