SDOI2006

首页 > TAG信息列表 > SDOI2006

P2455 [SDOI2006]线性方程组

题目题目思路其实这题和之前的高斯消元差不多，但是，高斯-约旦消元法会导致一个问题：消元的顺序决定结果！比如说前面有一组方程要求的项为0，我们需要把它与下面交换，但是如果没得换了，这时我们要把它们留到最后，因为它们决定我们是无解还是无唯一解，其实这个时候我们把它们随便代入

题解 P2455 【[SDOI2006]线性方程组】

update：对一处表述错误进行了修正，求过qwq 常规的思路：高斯消元高斯消元这是一种用来求解线性方程组的算法，在方程数较多的时候尤其省时。对于一个 \(n\) 元线性方程组： \[\begin{cases} a_{1_1}x_1+a_{1_2}x_2+ \cdots +a_{1_n}x_n=b_1\\ a_{2_1}x_1+a_{2_2}x_2+ \cdots +a_{2_n}x_

luogu P2455 [SDOI2006]线性方程组

代码： #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<iostream> #include<cmath> using namespace std; const int N=60; const double eps=0.000001; int n,flag[N]; double a[N][N],b[N][N]; void init() { scanf(&quo

[SDOI2006]保安站岗

题目给了一棵树，求最优解，很明显可以用树上dp来做考虑一棵子树的根节点，无非有三种状态:(自己/儿子/父亲)来覆盖自己自己/父亲: 可以简单地从儿子节点推出儿子: 需要保证至少有一个儿子覆盖了他自己即可最后答案为根节点 (自己/儿子) 覆盖自己的最小值

P2458 [SDOI2006]保安站岗

没注意放置时还有权值还行 #include<bits/stdc++.h>using namespace std;int n,val[150000],m,ne,a,b,head[150000],f[150000][3];struct node{int nxt,to;}eg[150000];void adde(int u,int v){eg[++ne].nxt=head[u];eg[ne].to=v;head[u]=ne;}void dfs(int u,int fa){

题解 P2458 【[SDOI2006]保安站岗】

题目链接 Solution [SDOI2006]保安站岗题目大意:给定一棵\(n\)个点的树,每个点可以覆盖与之相连的所有点,求最小点集覆盖所有点。我们用\(f[u][d]\)表示以\(u\)为根的这棵子树,\(u\)点的覆盖状态为\(d\)时的最小点花费.(\(d = 0\)时\(u\)点被父节点覆盖,\(d = 1\)时\(u\)点被自

【luogu2458】 [SDOI2006]保安站岗 [动态规划树形dp]

P2458 [SDOI2006]保安站岗最终决定重新打一遍这题然后被儿子覆盖的这个情况还是重新看一遍以前的代码才捋清楚QAQ 每个点有三种状态自己覆盖自己被父亲覆盖被儿子覆盖然后要注意被儿子覆盖时的转移最后如果都是儿子被孙子覆盖的花费更少的话得选一个儿子自己覆盖自己花费最

洛谷P2455 [SDOI2006]线性方程组

高斯消元模板要求输出解的情况（无穷解/无解） 1. 之前写的丑陋代码 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; const double eps=1e-7; const int maxn=1000; int n;//n个变量 n个方程 double A[maxn][maxn]; int Gauss()

luogu P2458 [SDOI2006]保安站岗

显而易见树形dp 然而我做了很很很很很久最后看讨论版才de出来bug 要考虑三个状态 1.父节点有保安 2.本身有保安 3.儿子节点放保安 1.2.douhenhaokaolv 3.不太容易，看了题解才有思路 dp[u][2]：点u没有放置警察，且目前未被任何节点控制。所以u一定会被它的至少一个儿子控制，换句话