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2.3.1 两条直线的交点

作者:互联网

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【基础过关系列】2022-2023学年高二数学上学期同步知识点剖析精品讲义(人教A版2019)
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选择性必修第一册同步巩固,难度2颗星!

基础知识

两条直线的交点

设两条直线的方程是\(l_1 ∶ A_1 x+B_1 y+C_1=0\) ,\(l_2 ∶ A_2 x+B_2 y+C_2=0\) ,
两条直线的交点坐标就是方程组 \(\left\{\begin{array}{l} A_{1} x+B_{1} y+C_{1}=0 \\ A_{2} x+B_{2} y+C_{2}=0 \end{array}\right.\)的解.
(1) 若方程组有唯一解,则这两条直线相交,此解就是交点的坐标;
(2) 若方程组无解,则两条直线无公共点,此时两条直线平行;
(3) 若方程组有无数个解,则两条直线重合.
 

【例1】直线\(3x+4y-2=0\)与直线\(2x+y+2=0\)的交点坐标是(  )
 A.\((2,2)\) \(\qquad \qquad\) B.\((2,-2)\) \(\qquad \qquad\) C.\((-2,2)\) \(\qquad \qquad\) D.\((-2,-2)\)
解析 由 \(\left\{\begin{array}{c} 3 x+4 y-2=0 \\ 2 x+y+2=0 \end{array}\right.\)解得 \(\left\{\begin{array}{c} x=-2 \\ y=2 \end{array}\right.\),故选\(C\).
 

【例2】若关于\(x、y\)的方程组 \(\left\{\begin{array}{l} x+y=m \\ x+n y=1 \end{array}\right.\)有无穷多组解,则\(m+n\)的值为\(\underline{\quad \quad}\).
解析 关于\(x、y\)的方程组 \(\left\{\begin{array}{l} x+y=m \\ x+n y=1 \end{array}\right.\)有无穷多组解,
则直线\(x+y=m\)和直线\(x+ny=1\)重合,
故\(m=1\),\(n=1\),所以\(m+n=2\).
故答案为:\(2\).
 

经过两直线交点的直线系

过两条已知直线\(l_1:A_1 x+B_1 y+C_1=0\)和\(l_2:A_2 x+B_2 y+C_2=0\)交点的直线系方程
\(A_1 x+B_1 y+C_1+λ(A_2 x+B_2 y+C_2 )=0\)
(\(λ∈R\) , 这个直线系下不包括 直线\(l_2:A_2 x+B_2 y+C_2=0\),解题时注意检验\(l_2\)是否满足题意)
 

【例】 求经过点\(P(1,0)\)和两直线\(l_1:x+2y-2=0\),\(l_2:3x-2y+2=0\)交点的直线方程.
解析 设所求直线方程为\(x+2y-2+λ(3x-2y+2)=0\).
\(∵\)点\(P(1,0)\)在直线上,\(∴1-2+λ(3+2)=0\) .\(∴λ=\dfrac{1}{5}\).
\(∴\)所求方 程为 \(x+2 y-2+\dfrac{1}{5}(3 x-2 y+2)=0\),
即\(x+y-1=0\).
 

基本方法

【题型1】两直线的交点

【典题1】 已知直线\(kx-y+1=0\)和\(x-ky=0\)相交,且交点在第二象限,则实数\(k\)的取值范围为(  )
 A.\((-1,0)\) \(\qquad \qquad\) B.\((0,1]\) \(\qquad \qquad\) C.\((0,1)\) \(\qquad \qquad\) D.\((1,+∞)\)
解析 联立方程 \(\left\{\begin{array}{l} k x-y+1=0 \\ x-k y=0 \end{array}\right.\),解得 \(\left\{\begin{array}{l} x=\dfrac{k}{1-k^{2}} \\ y=\dfrac{1}{1-k^{2}} \end{array}\right.\),
因为交点在第二象限,所以 \(\left\{\begin{array}{l} \dfrac{k}{1-k^{2}}<0 \\ \dfrac{1}{1-k^{2}}>0 \end{array}\right.\),解得\(-1<k<0\),
故实数\(k\)的取值范围为\((-1,0)\).
故选:\(A\).
 

【典题2】已知直线\(l_1:2x+3y+8=0\),\(l_2:x-y-1=0\), \(l_{3}: x+k y+k+\dfrac{1}{2}=0\),
分别求满足下列条件的\(k\)的值:(1)\(l_1\),\(l_2\),\(l_3\)相交于一点;(2)\(l_1\),\(l_2\),\(l_3\)围成三角形.
解析 (1)因为三直线\(2x+3y+8=0\),\(x-y-1=0\)和 \(x+k y+k+\dfrac{1}{2}=0\)相交于一点,
所以解 \(\left\{\begin{array}{l} 2 x+3 y+8=0 \\ x-y-1=0 \end{array}\right.\)得 \(\left\{\begin{array}{l} x=-1 \\ y=-2 \end{array}\right.\),即交点为\((-1,-2)\),
所以 \(-1+(-2) k+k+\dfrac{1}{2}=0\),解得\(k=-\dfrac{1}{2}\).
(2)要满足\(l_1\),\(l_2\),\(l_3\)围成三角形.则直线\(l_3\)与\(l_1\),\(l_2\)不平行,且三条直线不能相交于一点.
\(∴2k-3≠0\),\(k+1≠0\),\(k≠-\dfrac{1}{2}\).
解得\(k≠\dfrac{3}{2}\),\(-1\),\(-\dfrac{1}{2}\).
\(∴k≠\dfrac{3}{2}\),\(-1\),\(-\dfrac{1}{2}\)时三条直线可以围成三角形.
 

【典题3】求过直线\(x+2y+1=0\)与直线\(2x-y+1=0\)的交点且在两坐标轴上截距相等的直线方程.
解析 设所求直线方程为\(x+2y+1+λ(2x-y+1)=0\) (*),
当直线过原点时,则\(1+λ=0\),则\(λ=-1\),
此时所求直线方程为\(x-2y=0\).
当直线不过原点时,令\(x=0\),解得 \(y=\dfrac{\lambda+1}{\lambda-2}\),
令\(y=0\),解得 \(x=-\dfrac{\lambda+1}{2 \lambda+1} \text {, }\),
由题意得 \(\dfrac{\lambda+1}{\lambda-2}=-\dfrac{\lambda+1}{2 \lambda+1}\),解得 \(\lambda=\dfrac{1}{3}\),
此时所求直线方程为\(5x+5y+4=0\),
\((*)\)中不包括直线\(2x-y+1\),而它显然满足题意,
综上所述,所求直线方程为\(x-2y=0\)或\(5x+5y+4=0\).

巩固练习

1.直线\(kx-y-1=0\)与直线\(x+2y-2=0\)的交点在第四象限,则实数\(k\)的取值范围为(  )
 A. \(\left(-\dfrac{1}{2}, \dfrac{1}{2}\right)\) \(\qquad \qquad\) B. \(\left(-\dfrac{1}{2}, 0\right)\) \(\qquad \qquad\) C. \(\left(\dfrac{1}{2},+\infty\right)\) \(\qquad \qquad\) D. \(\left(-\infty,-\dfrac{1}{2}\right)\)
 

2.直线\(x+my+12=0\)与直线\(2x+3y+m=0\)的交点在\(y\)轴上,则\(m=\)\(\underline{\quad \quad}\).
 

3.两直线\((m+2)x-y+m=0\),\(x+y=0\)与\(x\)轴相交且能构成三角形,则\(m\)的取值范围为\(\underline{\quad \quad}\) .
 

4.已知一条直线过点\(P(2,-3)\)与直线\(2x-y-1=0\)和直线\(x+2y-4=0\)分别交于点\(A,B\).且点\(P\)为线段\(AB\)的中点,求这条直线的方程.
 
 
5.在平面直角坐标系\(xOy\)中,已知点\(A(1,2)\),点\(M(4,2)\),点\(N\)在线段\(OA\)的延长线上.设直线\(MN\)与直线\(OA\)及\(x\)轴围成的三角形面积为\(S\),求\(S\)的最小值.
 
 

参考答案

  1. 答案 \(A\)
    解析 由题意可得 \(\left\{\begin{array}{l} k x-y-1=0 \\ x+2 y-2=0 \end{array}\right.\),解得 \(x=\dfrac{4}{2 k+1}\), \(y=\dfrac{2 k-1}{1+2 k}\),
    \(\therefore \dfrac{4}{1+2 k}>0\)且 \(\dfrac{2 k-1}{1+2 k}<0\),
    \(\therefore-\dfrac{1}{2}<k<\dfrac{1}{2}\),
    故选:\(A\).
  2. 答案 \(±6\)
    解析 由题意可得:分别令\(x=0\)得到 \(y=-\dfrac{12}{m}\)和 \(y=-\dfrac{m}{3}\),
    因为两条直线\(x+my+12=0\)与直线\(2x+3y+m=0\)的交点在\(y\)轴上,
    所以 \(\dfrac{12}{m}=\dfrac{m}{3}\),解得\(m=±6\).
  3. 答案 \(m≠-2\)且\(m≠-3\)且\(m≠0\)
    解析 由题知,三条直线中任意两条均有交点,且三条直线不能经过同一点.
    于是:①\(m+2≠0\);②\(m+2≠-1\);③\((m+2)⋅0-0+m≠0\).
    综上,\(m≠-2\)且\(m≠-3\)且\(m≠0\).
  4. 答案 \(x-2y-8=0\)
    解析 \(∵\)点\(A,B\)分别在直线\(2x-y-1=0\)和直线\(x+2y-4=0\)上,
    \(∴\)可以设点\(A,B\)的坐标分别为\(A(m,2m-1)\),\(B(4-2n,n)\)
    \(∵\)点\(P(2,-3)\)为线段\(AB\)的中点
    \(\therefore \dfrac{m+4-2 n}{2}=2\), \(\dfrac{2 m-1+n}{2}=-3\),解得\(m=-2\),\(n=-1\)
    \(∴\)点\(A,B\)的坐标分别为\(A(-2,-5)\),\(B(6,-1)\)
    \(∴\)直线\(AB\)的斜率为 \(k=\dfrac{-5-(-1)}{-2-6}=\dfrac{1}{2}\)
    \(∴\)所求直线的方程为 \(y+1=\dfrac{1}{2}(x-6)\),
    化为一般式可得\(x-2y-8=0\).
  5. 解析 设\(MN\)与\(x\)轴交点的横坐标为\(a\),则 \(M N: y=\dfrac{2}{4-a}(x-a)\),
    直线\(OA:y=2x\),
    由 \(\left\{\begin{array}{l} y=2 x \\ y=\dfrac{2}{4-a}(x-a) \end{array}\right.\),所以 \(N\left(\dfrac{a}{a-3}, \dfrac{2 a}{a-3}\right),(a>3)\)
    \(S=\dfrac{1}{2} \cdot a \cdot \dfrac{2 a}{a-3}=\dfrac{a^{2}-9+9}{a-3}=a-3+\dfrac{9}{a-3}+6\)\(\geq 2 \sqrt{9}+6=12\),
    当且仅当\(a=6\),取等号,
    故\(S\)的最小值为\(12\).

【题型2】过两直线交点的直线系

【典题1】 求过两直线\(x-2y+4=0\)和\(x+y-2=0\)的交点\(P\),且分别满足下列条件的直线\(l\)的方程.
  (1)过点\((2 ,1)\); (2)和直线\(3x-4y+5=0\)垂直.
答案 (1) \(x+2y-4=0\) (2)\(4x+3y-6=0\)
解析 由 \(\left\{\begin{array}{l} x-2 y+4=0 \\ x+y-2=0 \end{array}\right.\) 解得 \(\left\{\begin{array}{l} x=0 \\ y=2 \end{array}\right.\),\(∴P(0 ,2)\).
(1) 方法一 由两点的坐标求得斜率为 \(k_{l}=\dfrac{2-1}{0-2}=-\dfrac{1}{2}\),
由点斜式求得直线方程为\(y-2=-\dfrac{1}{2}(x-0)\),
化简得\(x+2y-4=0\).
方法二 设过点\(P\)的直线方程为\(x-2y+4+λ(x+y-2)=0\),
\(∵\)过点\((2 ,1)\),\(∴2-2+4+λ=0⇒λ=-4\),
故所求直线方程为\(x-2y+4-4(x+y-2)=0⇒x+2y-4=0\).
(2)方法一 依题意得所求直线的斜率为 \(k_{2}=-\dfrac{4}{3}\),
由点斜式求得直线方程为\(y-2=-\dfrac{4}{3}(x-0)\),即\(4x+3y-6=0\).
方法二 设所求直线为\(4x+3y+λ=0\)
\(∵\)过点\(P(0 ,2)\),\(∴0+6+λ=0⇒λ=-6\),
故所求直线方程为\(4x+3y-6=0\).
 

巩固练习

1.求经过两直线\(l_1:x-2y+4=0\)和\(l_2:x+y-2=0\)的交点\(P\),且与直线\(l_3:3x-4y+5=0\)垂直的直线\(l\)的方程.
 

2.求经过两条直线\(2x-3y-3=0\)和\(x+y+2=0\)的交点且与直线\(3x+y-1=0\)平行的直线\(l\)的方程.
 
 

参考答案

  1. 答案 \(4x+3y-6=0\)
    解析 解法一:解方程组 \(\left\{\begin{array}{l} x-2 y+4=0 \\ x+y-2=0 \end{array}\right.\)得交点\(P\)坐标为\((0,2)\),
    又\(l_3\)的斜率为\(\dfrac{3}{4}\),\(∴\)直线\(l\)的斜率为\(-\dfrac{4}{3}\).
    由点斜式得 \(y-2=-\dfrac{4}{3}(x-0)\),即\(4x+3y-6=0\).
    解法二:设直线\(l\)的方程为\(x-2y+4+λ(x+y-2)=0\).
    即\((1+λ)x+(λ-2)y+4-2λ=0\).
    \(∵l⊥l_3\) ,\(∴3(1+λ)-4(λ-2)=0\),解得\(λ=11\).
    \(∴\)直线\(l\)的方程为\((1+11)x+(11-2)y+4-2×11=0\).
    化简得\(4x+3y-6=0\).
  2. 答案 \(15x+5y+16=0\)
    解析 方法一 由方程组 \(\left\{\begin{array}{l} 2 x-3 y-3=0 \\ x^{+} y+2=0 \end{array}\right.\)得 \(\left\{\begin{array}{l} x=-\dfrac{3}{5} \\ y=-\dfrac{7}{5} \end{array}\right.\)
    \(∵\)直线\(l\)和直线\(3x+y-1=0\)平行,\(∴\)直线\(l\)的斜率\(k=-3\).
    \(∴\)根据点斜式有 \(y-\left(-\dfrac{7}{5}\right)=-3\left[x-\left(-\dfrac{3}{5}\right)\right]\),
    即所求直线方程为\(15x+5y+16=0\).
    方法二 设直线\(l\)的方程为\((2x-3y-3)+λ(x+y+2)=0\),
    即\((2+λ)x+(λ-3)y+2λ-3=0\).
    \(∵\)直线\(l\)与直线\(3x+y-1=0\)平行,\(∴2+λ-3(λ-3)=0\),解得\(λ=\dfrac{11}{2}\).
    \(∴\)直线\(l\)的方程为 \(\left(2+\dfrac{11}{2}\right) x+\left(\dfrac{11}{2}-3\right) y+2 \times \dfrac{11}{2}-3=0\).
    化简得\(15x+5y+16=0\).
     

分层练习

【A组---基础题】

1.若三条直线\(2x+3y+8=0\),\(x-y-1=0\)和\(x+ky=0\)交于一点,则\(k\)的值为(  )
 A.\(-2\) \(\qquad \qquad\) B. \(-\dfrac{1}{2}\) \(\qquad \qquad\) C.\(2\) \(\qquad \qquad\) D. \(\dfrac{1}{2}\)
 

2.曲线\(y=|x|\)与\(y=kx+1\)的交点的情况是(  )
 A.最多有两个交点 \(\qquad \qquad\) B.两个交点 \(\qquad \qquad\) C.一个交点 \(\qquad \qquad\) D.无交点
 

3.若直线 \(l: y=k x-\sqrt{3}\)与直线\(2x+3y-6=0\)的交点位于第一象限,则直线l的倾斜角的取值范围是(  )
 A. \(\left[\dfrac{\pi}{6}, \dfrac{\pi}{3}\right)\) \(\qquad \qquad\) B. \(\left[\dfrac{\pi}{6}, \dfrac{\pi}{2}\right]\) \(\qquad \qquad\) C. \(\left(\dfrac{\pi}{3}, \dfrac{\pi}{2}\right)\) \(\qquad \qquad\) D. \(\left(\dfrac{\pi}{6}, \dfrac{\pi}{2}\right)\)
 

4.直线\(2x+3y-k=0\)和直线\(x-ky+12=0\)的交点在x轴上,则\(k\)的值为(  )
 A.\(-24\) \(\qquad \qquad\) B.\(24\) \(\qquad \qquad\) C.\(6\)\(\qquad \qquad\) D.\(±6\)
 

5.关于\(x,y\)的二元一次方程组 \(\left\{\begin{array}{l} m x+y=-1 \\ 3 m x-m y=2 m+3 \end{array}\right.\)无解,则\(m=\)\(\underline{\quad \quad}\).
 

6.直线\(l\)经过原点,且经过直线\(2x+3y+8=0\)和\(x-y-1=0\)的交点,则直线\(l\)的方程为\(\underline{\quad \quad}\).
 

7.已知直线\(l_1:ax+y+1=0\)与\(l_2:2x-by-1=0\)相交于点\(M(1,1)\),则\(a+b=\)\(\underline{\quad \quad}\).

 

8.求过两条直线\(y=2x+3\)与\(3x-y+2=0\)的交点,且分别满足下列条件的直线方程:
  (1)斜率为 \(-\dfrac{1}{2}\);(2)过点\(P(2 ,3)\);(3)平行于直线\(3x+y=1\).
 
 

参考答案

  1. 答案 \(B\)
    解析 依题意, \(\left\{\begin{array}{l} 2 x+3 y+8=0 \\ x-y-1=0 \end{array}\right.\),解得 \(\left\{\begin{array}{l} x=-1 \\ y=-2 \end{array}\right.\),
    \(∴\)两直线\(2x+3y+8=0\)和\(x-y-1=0\)的交点坐标为\((-1,-2)\).
    \(∵\)直线\(x+ky=0\),\(2x+3y+8=0\)和\(x-y-1=0\)交于一点,
    \(∴-1-2k=0\), \(\therefore k=-\dfrac{1}{2}\).
    故选:\(B\).
  2. 答案 \(A\)
    解析 联立两条直线方程得: \(\left\{\begin{array}{l} y=|x| \\ y=k x+1 \end{array}\right.\)得到\(|x|=kx+1\),
    两边平方得:\((k^2-1) x^2+2kx+1=0\),
    当\(k^2-1≠0\)即\(k≠±1\)时, \(\Delta=(2 k)^{2}-4\left(k^{2}-1\right)=4>0\),
    得到方程有两个不相等的实数解,所以曲线与直线有两个交点.
    当\(k=±1\)时,得到\(y=±x+1\),与曲线只有一个交点.
    所以曲线\(y=|x|\)与\(y=kx+1\)的最多有两个交点.
    故选:\(A\).
  3. 答案 \(D\)
    解析 联立两直线方程得: \(\left\{\begin{array}{l} y=k x-\sqrt{3} \\ 2 x+3 y-6=0 \end{array}\right.\),解得 \(x=\dfrac{3 \sqrt{3}+6}{2+3 k}\), \(y=\dfrac{6 k-2 \sqrt{3}}{2+3 k}\),
    \(∵\)两直线的交点在第一象限, \(\therefore\left\{\begin{array}{l} \dfrac{3 \sqrt{3}+6}{2+3 k}>0 \\ \dfrac{6 k-2 \sqrt{3}}{2+3 k}>0 \end{array}\right.\),解得 \(k>\dfrac{\sqrt{3}}{3}\),
    设直线\(l\)的倾斜角为\(θ\),则 \(\tan \theta>\dfrac{\sqrt{3}}{3}\), \(\therefore \theta \in\left(\dfrac{\pi}{6}, \dfrac{\pi}{2}\right)\).
    故选:\(D\).
  4. 答案 \(A\)
    解析 联立 \(\left\{\begin{array}{l} 2 x+3 y-k=0 \\ x-k y+12=0 \end{array}\right.\),解得 \(\left\{\begin{array}{l} x=\dfrac{k^{2}-36}{3+2 k} \\ y=\dfrac{k+24}{3+2 k} \end{array}\right.\),
    \(∵\)直线\(2x+3y-k=0\)和直线\(x-ky+12=0\)的交点在\(x\)轴上,
    \(\therefore y=\dfrac{k+24}{3+2 k}=0\) ,解得\(k=-24\).
    故选:\(A\).
  5. 答案 \(0\)
    解析 \(m=0\)时,方程组化为: \(\left\{\begin{array}{l} y=-1 \\ 0=3 \end{array}\right.\),无解,舍去.
    \(m≠0\)时,两条直线平行时,可得: \(\dfrac{m}{3 m}=\dfrac{1}{-m} \neq \dfrac{-1}{2 m+3}\),无解.
    综上可得:\(m=0\).
    故答案为:\(0\).
  6. 答案 \(2x-y=0\)
    解析 联立方程 \(\left\{\begin{array}{l} 2 x+3 y+8=0 \\ x-y-1=0 \end{array}\right.\),解得 \(\left\{\begin{array}{l} x=-1 \\ y=-2 \end{array}\right.\),
    \(∴\)直线\(l\)过点 ,
    又直线\(l\)经过原点,
    \(∴\)直线\(l\)的方程为\(y=2x\),即\(2x-y=0\).
  7. 答案 \(-1\)
    解析 把\(M(1,1)\)分别代入直线\(l_1\)和直线\(l_2\)的方程,
    有\(a+1+1=0\),\(2-b-1=0\)
    所以\(a=-2\),\(b=1\),所以\(a+b=-1\).
    故答案为:\(-1\).
  8. 答案 (1) \(x+2y-11=0\) (2)\(2x+y-7=0\) (3) \(3x+y-8=0\)
    解析 直线\(y=2x+3\)与\(3x-y+2=0\)的交点为\((1,5)\),
    (1)当斜率为 \(-\dfrac{1}{2}\)时,由直线的点斜式方程得:直线方程为\(y-5=-\dfrac{1}{2}(x-1)\).
    直线方程为\(x+2y-11=0\).
    (2)过点\(P(2,3)\)时,由两点式得: \(y-5=\dfrac{3-5}{2-1}(x-1)\)即为\(y=-2x+7\).
    直线方程为\(2x+y-7=0\).
    (3)平行于直线\(3x+y=1\)时,得直线斜率为\(k=-3\),直线方程为\(y-5=-3(x-1)\),
    直线方程为\(3x+y-8=0\).
    方法二 由直线系方程可设所求直线为\(2x+3-y+λ(3x-y+2)=0\)
    (1) \(2x+3-y+λ(3x-y+2)=0\)\(⇒(2+3λ)x-(λ+1)y+2λ+3=0\)
    直线的斜率为 \(-\dfrac{1}{2}\)时, \(\dfrac{2+3 \lambda}{\lambda+1}=-\dfrac{1}{2}\),解得 \(\lambda=-\dfrac{5}{7}\),
    故所求直线方程为\(x+2y-11=0\).
    (2) 过点\(P(2,3)\)时,代入方程得 \(4+5 \lambda=0 \Rightarrow \lambda=-\dfrac{4}{5}\),
    故所求直线方程为\(2x+y-7=0\).
    (3) 平行于直线\(3x+y=1\)时, \(\dfrac{2+3 \lambda}{\lambda+1}=-3\),解得 \(\lambda=-\dfrac{5}{6}\),
    故所求直线方程为\(3x+y-8=0\).
     

【B组---提高题】

1.已知\(P_1 (a_1,b_1)\)与\(P_2 (a_2,b_2)\)是直线\(y=kx+1\)(\(k\)为常数)上两个不同的点,则关于\(l_1:a_1 x+b_1 y-1=0\)和\(l_2:a_2 x+b_2 y-1=0\)的交点情况是(  )
 A.存在\(k\),\(P_1\),\(P_2\)使之无交点
 B.存在\(k\),\(P_1\),\(P_2\)使之有无穷多交点
 C.无论\(k\),\(P_1\),\(P_2\)如何,总是无交点
 D.无论\(k\),\(P_1\),\(P_2\)如何,总是唯一交点
 

2.已知两直线\(l_1:x-2y+4=0\),\(l_2:4x+3y+5=0\).
  (1)求直线\(l_1\)与\(l_2\)的交点\(P\)的坐标;
  (2)求过\(l_1\),\(l_2\)交点P,且在两坐标轴截距相等的直线方程;
  (3)若直线\(l_3:ax+2y-6=0\)与\(l_1\),\(l_2\)不能构成三角形,求实数\(a\)的值.
 
 

参考答案

  1. 答案 \(D\)
    解析 \(P_1 (a_1,b_1)\)与\(P_2 (a_2,b_2)\)是直线\(y=kx+1\)(\(k\)为常数)上两个不同的点,
    直线\(y=kx+1\)的斜率存在,
    \(\therefore k=\dfrac{b_{2}-b_{1}}{a_{2}-a_{1}}\),即\(a_1≠a_2\),并且\(b_1=ka_1+1\),\(b_2=ka_2+1\),
    \(\therefore a_{2} b_{1}-a_{1} b_{2}=k a_{1} a_{2}-k a_{1} a_{2}+a_{2}-a_{1}=a_{2}-a_{1}\),
    \(\left\{\begin{array}{l} a_{1} x+b_{1} y=1 \\ a_{2} x+b_{2} y=1 \end{array}\right.\),解得:\((a_1 b_2-a_2 b_1)x=b_2-b_1\),
    即\((a_1-a_2)x=b_2-b_1\).
    \(∴\)方程组有唯一解.
    故选:\(D\).
  2. 答案 (1) \((-2,1)\) (2) \(x+y+1=0\)或\(x+2y=0\) (3) \(a=-1\)或 \(\dfrac{8}{3}\)或\(-2\)
    解析 (1)由 \(\left\{\begin{array}{l} x-2 y+4=0 \\ 4 x+3 y+5=0 \end{array}\right.\),解得: \(\left\{\begin{array}{l} x=-2 \\ y=1 \end{array}\right.\),
    所以点\(P\)的坐标为\((-2,1)\);
    (2)设所求直线为\(l\),
    当直线\(l\)在两坐标轴截距不为零时,
    设直线方程为: \(\dfrac{x}{t}+\dfrac{y}{t}=1\),则 \(\dfrac{-2}{t}+\dfrac{1}{t}=1\),解得\(t=-1\),
    所以直线的\(l\)方程为 \(\dfrac{x}{-1}+\dfrac{y}{-1}=1\),即\(x+y+1=0\);
    当直线\(l\)在两坐标轴截距为零时,
    设直线方程为:\(y=kx\),则\(1=k×(-2)\),解得 \(k=-\dfrac{1}{2}\),
    所以直线的\(l\)方程为 \(y=-\dfrac{1}{2} x\),即\(x+2y=0\);
    综上,直线的\(l\)方程为\(x+y+1=0\)或\(x+2y=0\);
    (3) 当\(l_3\)与\(l_1\)平行时不能构成三角形,此时:\(a×(-2)-2×1=0\),解得\(a=-1\);
    (ii)当\(l_3\)与\(l_2\)平行时不能构成三角形,此时:\(a×3-2×4=0\),解得 \(a=\dfrac{8}{3}\);
    (iii)当\(l_3\)过\(l_1\),\(l_2\)的交点时不能构成三角形,
    此时:\(a×(-2)+2×1-6=0\),解得\(a=-2\).
    综上,当\(a=-1\)或 \(\dfrac{8}{3}\)或\(-2\)时,不能构成三角形.
     

【C组---拓展题】

1.若\(k>4\),直线\(kx-2y-2k+8=0\)与\(2x+k^2 y-4k^2-4=0\)和坐标轴围成的四边形面积的取值范围是\(\underline{\quad \quad}\).
 

参考答案

  1. 答案 \(\left(\dfrac{17}{4}, 8\right)\)
    解析 如图所示:
    image.png
    直线\(L:kx-2y-2k+8=0\)即\(k(x-2)-2y+8=0\),过定点\(B(2,4)\),
    与\(y\) 轴的交点\(D(0,4-k)\),与\(x\) 轴的交点 \(A\left(2-\dfrac{8}{k}, 0\right)\),
    直线\(M:2x+k^2 y-4k^2-4=0\),即 \(2x+k^2 (y-4)-4=0\),
    过定点\(B(2,4 )\),与\(x\)轴的交点\(E(2k^2+2,0)\),
    与\(y\)轴的交点 \(C\left(0,4+\dfrac{4}{k^{2}}\right)\),
    由题意,四边形\(OABC\)的面积等于\(△OCE\)面积-\(△ABE\)面积,
    \(∴\)所求四边形的面积为 \(S=\dfrac{1}{2} \times\left(4+\dfrac{4}{k^{2}}\right)\left(2 k^{2}+2\right)-\dfrac{1}{2} \times 4 \times\left(2 k^{2}+2-2+\dfrac{8}{k}\right)\)
    \(=\dfrac{4}{k^{2}}-\dfrac{16}{k}+8=4\left(\dfrac{1}{k}-2\right)^{2}-8\),
    \(∵k>4\), \(\therefore 0<\dfrac{1}{k}<\dfrac{1}{4}\),
    则 \(\dfrac{17}{4}<S<8\)
    故\(k>4\)时,直线\(kx-2y-2k+8=0\)与\(2x+k^2 y-4k^2-4=0\)和坐标轴围成的四边形面积的取值范围是 \(\left(\dfrac{17}{4}, 8\right)\).

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来源: https://www.cnblogs.com/zhgmaths/p/16655508.html