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[SWPU 2020]happy

题目： ('c=', '0x7a7e031f14f6b6c3292d11a41161d2491ce8bcdc67ef1baa9eL') ('e=', '0x872a335') #q + q*p^3 =128536731745208998078944182958039785532190189135042941441365578243177972756084142744413544006824815290824198175833

CTFshow——funnyrsa1的wp理解

题目如下：    题目分析： 拿到题，发现给的e不常规，p1和p2相等，有两个不同n，两个不同c和两个不同e。给定两个密文的情况下，通常需要找到两者之间存在的关系，“合并”密文求解才能得到正确的明文。先计算phi1和phi2，然后分别计算e和phi的gcd，发现都等于14，所以这里问题考察e和phi不互素情况

buuctf crypto page 1

MD5 彩虹表网站 https://cmd5.com/ 一眼就解密 base64编码 Url编码 看我回旋踢 回旋踢一般是rot系列，rot13成功解密 摩丝 莫斯电码http://www.zhongguosou.com/zonghe/moersicodeconverter.aspx password 根据信息猜测flag 变异凯撒 a = 'afZ_r9VYfScOeO_UL^RWUc' n = 5

BUUCTF RSA

题目链接：https://buuoj.cn/challenges#RSA 题目为： 题目很明确告诉我们要算d，那么我们得先了解RSA算法，即一直p和q，那么n=p*q,则φ(n)=（p-1）*（q-1） 已知e=17，那么根据de mod φ（n）=1即可得出d(如果你还没有看懂，可以去b站找相关的视频了解) 但数字太大，我们最好使用脚本爆破 脚本为： import gmp

BUUCTF-----signin

1.拿到文件，查壳 收集信息，无壳，64位程序 2.拖入ida中   程序调用了 __gmpz_init_set_str 函数，这是一个 GNU 高精度算法库，在以前的RSA加密中见过很多次，加上65537这个比较敏感的数据，就基本确定了这是道RSA加密 可以从程序的本身得知 公钥N=10346103590081691412139010129904904441

RSA-p和q挨得很近

一、基础 最简单的就是拿yafu直接分解，但是我们得知道那个算法的原理，         就是现在p，q是两个素数，而且他俩在素数序列里面就是一前一后的关系。所以我们要把他俩的乘积开根号得到的结果一定是在p，q之间的一个数字，（而且一定不是素数，因为p，q就是紧邻的两个素数）。      

（课内）信安数基RSA-level1&&2

注：（不求甚解的）攻击原理 以及（浅层的）算法解释已在图片中给出；文字部分主要讲一些python语法的东西。 　　代码需要库 gmpy2和libnum；加密算法还需要Crypto.Util.number .   gcdext(a,b)扩欧 ；；pow(a,b,c)将a的b次方对c取模  注意使用gmpy2大整数类“mpz”来规避"ValueError: pow() 2n

2021 绿城杯 Crypto 部分wp

1题目. from Crypto.Util.number import * from flag import flag assert flag[:5]=='flag{' str1 = 'abcdefghijklmnopqrstuvwxyzABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ' def encode(plain_text, a, b, m): cipher_text = '' for i in plain_text: if

BUUCTF--[INSHack2017]rsa16m

[INSHack2017]rsa16m 上来看一眼就是几百万位的 n 和 c ，很吓人，但是想一想RSA的基本公式 暂且不说能不能解出来 d ，n 咋分解，几百万位的十六进制，怎么可能分解的出来呢。 现在的局势很清晰了 d 的值很小，可能只有几。 d 压根没用到，d = 1，直接开方即可。 既然只有这两种，那么我们直接从

2021羊城杯 部分CRYPTO WP

Bigrsa from Crypto.Util.number import * from flag import * n1 = 103835296409081751860770535514746586815395898427260334325680313648369132661057840680823295512236948953370895568419721331170834557812541468309298819497267746892814583806423027167382825479

RSA求解

已知p,q,e求d BUUCTFL:RSA from Crypto.Util import * import gmpy2 p=473398607161 q=4511491 e=17 phi=(p-1)*(q-1) print type(p*q) #长整型数据，自己的求模逆的脚本截断出错 print gmpy2.invert(e,phi) 正常RSA求解 from Crypto.Util.number import * import gmpy2 p =96

easy_RSA

题目来源： poxlove3 题目描述：解答出来了上一个题目的你现在可是春风得意，你们走向了下一个题目所处的地方 你一看这个题目傻眼了，这明明是一个数学题啊！！！可是你的数学并不好。扭头看向小鱼，小鱼哈哈一笑 ，让你在学校里面不好好听讲现在傻眼了吧~来我来！三下五除二，小鱼便把这个题目轻轻松

Ubuntu 安装gmpy2模块

需要的依赖库 gmp mpfr mpc gmp 库安装 sudo apt-get install libgmp-dev mpfr 库安装 sudo apt-get install libmpfr-dev mpc 库安装 sudo apt-get install libmpc-dev gmpy2 安装 sudo pip3 install gmpy2 #或者 sudo pip install gmpy2 Successfully installed gmpy2 导入

BUUCTF_rsa

BUUCTF_RSA 首先，一向怕数学，畏难情绪严重的我之前意识到自己这个致命的缺点，所以下定决心，以后无论遇到多么难的问题，绝不能认怂，大不了多用点时间，一定不能怕，要勇敢，要能沉得住气！ RSA原理解析与数学推导（前两个已经get到了） 前置知识： 1.数论的基本概念：剩余系，缩系，费马小定理，费马-欧拉定理 2

2021-07-16

最近在学习网络安全方面的知识，为参加CTF做准备 先贴个图炫耀下，虽然自己是个菜鸡，但也辛苦好几天才做出来的 下面的图是一道很恶心的题，记录下 说实话,这题是一位高手告诉怎么做的,但做下来我一头雾水,不知道和之前的提示有什么关系，就放在这里当备忘吧，以后再研究 ''' 一般难

[MRCTF2020]babyRSA

[MRCTF2020]babyRSA 附件下载： 给了个baby_RSA.py文件 import sympy import random from gmpy2 import gcd, invert from Crypto.Util.number import getPrime, isPrime, getRandomNBitInteger, bytes_to_long, long_to_bytes from z3 import * flag = b"MRCTF{xxxx}" base

BUU-RSA入门题合集 第二弹

BUUCTF-RSA签到题第二弹，有意思或者有难度的RSA题目单独放在专栏里了BUUCTF RSA专栏_晓寒的博客-CSDN博客 文章目录 Dangerous RSA(低加密指数攻击)[HDCTF2019]basic rsa(基础题)BabyRsa(基础题)RSA5(多N分解)[HDCTF2019]bbbbbbrsa(基础题)[BJDCTF2020]RSA(基础题)[BJDCTF20

[RoarCTF2019]RSA

[RoarCTF2019]RSA 下载附件加上txt后缀打开得到 A=(((y%x)**5)%(x%y))**2019+y**316+(y+1)/x p=next_prime(z*x*y) q=next_prime(z) A = 268334918267871452424746951279347600986101478100492490548412748030816137776819286806156188657704864643238212896088148746342741

刷题记录7.2

ctfshow funnyrsa2 n=pqr 可以分解得出p，q ，r from Crypto.Util.number import * import gmpy2 e = 0x10001 p = 876391552113414716726089 q = 932470255754103340237147 r = 1098382268985762240184333 n = 8976079357809558370787845151151862031808222134829890413980730

gmpy2 python 扩展库的用法笔记

gmpy2 python 扩展库的用法笔记 1. 初始化一个高精度的数据类型 a. a=gmpy2.mpz(x) 可以为变量a赋予一个高精度的大整数（长度可达50位） b. a=gmpy2.mpq(x) 可以为变量a初始化一个高精度的分数 c. a=gmpy2.mpfr(x) 可以为a初始化一个高精度的浮点数 d. a=gmpy2.mpc(x) 可以

Python3安装gmpy2报错的解决方法

gmpy2里面很多很好用的模块，对于那些学CTF的人来说gmpy2是很重要的工具。但是在Python3里好像并不能正常的使用pip来进行安装。在Python3使用pip3 install gmpy2安装模块的时候发生错误！ 这里报错的原因可能是因为pip没能找和你对应的Python3的版本。所以才会报错，所以这里你需

2021-06-08

RSA2 题目 e = 65537 n = 24825400785152624117772152669890180298583276617622160961225887737162058006043310153832803030521991869764361981420093067961210988553380133534844502375167047843707305554472428068473329805159916766030364518314616149748535863368149212

CRYPTO OF TOOLS（工具类）

文章目录 一、gmpy2库安装问题：1.执行pip install gmpy2 pip2 install gmpy22.执行pip3 install gmpy23.从 ftp://ftp.gnu.org/gnu/mpfr/ 下载最新的mpfr的压缩包4.从 ftp://gcc.gnu.org/pub/gcc/infrastructure/ 下载最新的mpc压缩包5.缺少libmpfr.so.4,解决办法6.python3

BUU-MISC-[GUET-CTF2019]虚假的压缩包

[GUET-CTF2019]虚假的压缩包 解压看见两个压缩包，根据名称提示，一个是虚假的压缩包，一个是真实的压缩包。猜测虚假的压缩包是伪加密。尝试修改加密位。 成功解压。 RSA算法 尝试写出脚本爆破。 import gmpy2 """ gmpy2.mpz(n)#初始化一个大整数 gmpy2.mpfr(x)# 初始化一

RSA算法

RSA的加密过程 （1）选择两个大的参数，计算出模数 N = p * q （2）计算欧拉函数 φ = (p-1) * (q-1)，然后选择一个e (1 < e < φ) ，并且e和φ互质（互质：公约数只有1的两个整数） （3）取e的模反数d，计算方法为:e * d ≡ 1 (mod φ) （模反元素：如果两个正整数e和n互质，那么一定可以找到整数d，使得 e *