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[GXOI/GZOI2019]与或和

[GXOI/GZOI2019]与或和很显然在2进制每一位做出的贡献是可以分别计算的，那么我们考虑单独计算这31位与运算和或运算的计算过程显然是一模一样的，与运算就是找右多少个全都是1的矩阵而或运算就是所有的矩阵减去全部都是0的矩阵，所以操作起来是一模一样的我们看如何实现，首先，我们预

[GXOI/GZOI2019]旧词

\(\text{Solution}\) 第一部分参考 \(\text{LNOI2014 LCA}\) 在 \(k=1\) 时完全可行因为对于每个 \(i\)，根到 \(y\) 的路径之和恰好是 \(dep[lca]\) 但当 \(k>1\) 呢？此时我们要想办法弄出一个加数的方式，使根到 \(y\) 的路径之和为 \(dep[lca]^k\) 考虑每个点 \(x\) 加上的权值为

【题解】[GXOI/GZOI2019]宝牌一大堆

[GXOI/GZOI2019]宝牌一大堆 \(\text{Solution:}\) 从 \(8kb\) 代码改到 \(11kb\) 最后封装到 \(5kb\) ……封装 yyds dwt yyds 学到最大的除了 \(dp\) 应该是调试技巧和封装的重要性了…… 方程可能写的有点奇怪）看看能不能帮到和我一样设计状态的同学）后面附带了一些注意事项。欢

[GXOI/GZOI2019]与或和

嘟嘟嘟在GX大佬cyh的提议下，我就开了这道题。看到位运算，就想到每一位单独考虑。那么对于\(AND\)操作，我们只要找全是1的子矩阵个数。对于\(OR\)操作，用子矩阵总数-全0子矩阵个数即可。这样就有一个\(O(n ^ 4 logN)\)（\(N\)是值域）的做法了，可以拿到50分。然后我就没想出来。现在

题解：[GXOI/GZOI2019]旅行者

调这个题调了两个月，被自己蠢哭题意：　　　给一个有向图，一组关键点，求关键点之间的最短的距离 Solution：　　这个题目有两种做法，分别是 $nlogn$ 和 $nlog^2n$ 的　　首先说 $nlogn$ 的官方做法，我们考虑多源迪杰斯特拉正图上从 k 个关键点出发跑 $dijkstra$ ，记某个点离最近的关

GXOI/GZOI2019 旅行者

题目链接：戳我这是同学出的题，真心神仙qwq 我们进行二进制分组，因为如果答案是\(k_i\)和\(k_j\)之间的距离的话，他们的编号必定在某一位上不一样。所以这样子做是对的。跑dij的次数降低到2*log次。不过最好还是不要像我一样懒，分组之后重新加边，不加O2会慢死的........ #include<iostr

[GXOI/GZOI2019]旧词

相关链接（雾：[LNOI2014]LCA 实际上这题就是加了一个幂。。原题爆破比赛原题:当$k=1$时暴力：求LCA再求深度。。然后观察一下求LCA的方法。。最暴力的方法就是把根节点到节点$i$的路径上的点都打上标记，然后由节点$y$往上，直到一个有标记的点为止。。然而这题并不需要求LCA的序号，只需要

[GXOI/GZOI2019]与或和（位运算，单调栈）

题目链接懒得放了。题目大意懒得写了。省选原题哪有找不到的…… 说实话，其实这题是个大水题，被我十秒钟内口胡出来了。首先位运算除了拆位还能干啥？以下以与为例，或是差不多的。我们考虑有多少个子矩阵会对这一位答案产生贡献，其实就是全 $1$ 的子矩阵。问题转化为计算全 $1$ 子

[GXOI/GZOI2019]旅行者

就我感觉这道题很神仙吗/kel 仔细想想应该也是一种适用范围挺广的做法。考虑我们可以通过dijkstra在O(nlogn)求出一个点集到另外一个点集的最短路。那么我们可以通过一些划分点集的方式使得每一对点都被计算一次。考虑按照二进制划分。两个不同的数至少有一个二进制位不同。按

题解 P5301 【[GXOI/GZOI2019]宝牌一大堆】

这道题除了非常恶心以外也没有什么非常让人恶心的地方当然一定要说有的话还是有的，就是这题和咱 ZJOI 的 mahjong 真的是好像的说~ 于是就想说这道题出题人应该被锕掉 noteskey 整体的思路就是特判国士无双和七对子，然后 dp 搞普通的胡牌 dp 状态设计和楼上大佬说的一样，就是用一个

[GXOI|GZOI2019]旧词

题解首先当\(k=1\)的时候肥肠简单就是按照\(x\)从小到大排序每处理到一个\(x\),就把\(1\to x\)的路径上的点都+1 然后查询\(y\)的时候就查询\(1\to y\)的点权和那么\(k>1\)的时候也一样对于深度为\(i\)的节点,给ta加上\(i^k-(i-1)^k\)即可最后查询的时候查询点u的贡献就

LOJ#3087. 「GXOI / GZOI2019」旅行者（最短路）

题面传送门题解以所有的感兴趣的城市为起点，我们正着和反着各跑一边多源最短路。记\(c_{0/1,i}\)分别表示正图/反图中离\(i\)最近的起点，那么对于每条边\((u,v,w)\)，如果\(c_{0,u}\neq c_{1,v}\)，那么我们就用\(d_{0,u}+d_{1,v}+w\)更新答案 //minamoto #include<bits/stdc++.h> #de