CF1687B Railway System 题解

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题目大意

交互题，给定 \(n,m\)，代表有一张 \(n\) 个点 \(m\) 条边的带权无向图。
每次询问，可以删除一些边（询问独立），得删掉这些边的最大生成森林。
现在 \(2m\) 次询问内求整张图片的最小生成森林。（最后输出答案不算询问）
\(n,m\le 500\)
生成森林的定义是选择图中的一些边，使得图的连通性不变，并且每个连通块都是树。

题目解析

首先我们可以通过询问得到每一条边的边权，总共查询 \(m\) 次，每次只需要保留一条边。
我们可以考虑 Kruskal 的方法。
注意到 Kruskal 的做法是将边权从小到大排序，然后判断每一条边是否可以加入到生成树（这题是生成森林）里面。重点在于加入这条边Hi好是否改变图的连通性。
所以我们考虑使用询问操作来判断连通性。
记上一次操作得到的最大生成森林为 \(las\)，新加进去的边的边权为 \(c\)，那么如果加进去后的边得到的最大生成森林是 \(las+c\)，代表这条边加进去后图的连通性改变了，那么就把这条边的边权计入答案。这样需要询问 \(m\) 次。
所以总共 \(2m\) 次刚刚好。

核心代码：

struct JTZ{
	int c,num;
	bool operator < (const JTZ x) const {
		return this->c < x.c;
	}
}edge[maxn]; int n,m; char ask[maxn];
int main(){
	n=read(); m=read(); int i,j,now,las,ans; las=ans=0;
	for(i=1;i<=m;i++){
		pc('?'),pc(' '); for(j=1;j<=m;j++) pc(i==j?'1':'0'); pc('\n'); fflush(stdout);
		edge[i].c=read(); edge[i].num=i; ask[i]='0';
	} sort(edge+1,edge+m+1);
	for(i=1;i<=m;i++){
		ask[edge[i].num]='1'; printf("? %s\n",ask+1); fflush(stdout);
		now=read(); if(now==las+edge[i].c) ans+=edge[i].c; las=now; 
	} pc('!'),pc(' '),print(ans);
	return 0;
}

标签：CF1687B,连通性,int,题解,询问,生成,Railway,边权,las
来源： https://www.cnblogs.com/jiangtaizhe001/p/16379995.html