130. 被围绕的区域（中等）

题目：

给你一个 M×N 的二维矩阵，其中包含字符 X 和 O，让你找到矩阵中四面被 X 围住的 O，并且把它们替换成 X。

注意哦，必须是四面被围的 O 才能被换成 X，也就是说边角上的 O 一定不会被围，进一步，与边角上的 O 相连的 O 也不会被 X 围四面，也不会被替换。

思路1：

DFS

先遍历四条边，找出O，并对O节点进行深度遍历，将相邻的O节点都设为#

然后遍历所有节点，将O设为X，将#设为O

class Solution {
public:
    void solve(vector<vector<char>>& board) {
        int m=board.size();
        int n=board[0].size();
        for(int i=0;i<m;++i){
            if(board[i][0]=='O'){
                traverse(board,i,0);
            }
            if(board[i][n-1]=='O'){
                traverse(board,i,n-1);
            }
        }
        for(int j=0;j<n;++j){
            if(board[0][j]=='O'){
                traverse(board,0,j);
            }
            if(board[m-1][j]=='O'){
                traverse(board,m-1,j);
            }
        }
        for(int i=0;i<m;++i){
            for(int j=0;j<n;++j){
                if(board[i][j]=='O'){
                    board[i][j]='X';
                }
                if(board[i][j]=='#'){
                    board[i][j]='O';
                }
            }
        }
    }
    void traverse(vector<vector<char>>& board, int m,int n){
        board[m][n]='#';
        for(int i=0;i<4;++i){
            int v=m+d[i][0];
            int w=n+d[i][1];
            if(v>=0&&v<board.size()&&w>=0&&w<board[0].size()){
                if(board[v][w]=='O'){
                    traverse(board,v,w);
                }
            }
        }
    }
    int d[4][2] = {{0,1},{0,-1},{1,0},{-1,0}};
};

思路2：

并查集

你可以把那些不需要被替换的O看成一个拥有独门绝技的门派，它们有一个共同祖师爷叫dummy，这些O和dummy互相连通，而那些需要被替换的O与dummy不连通。

首先要解决的是，根据我们的实现，Union-Find 底层用的是一维数组，构造函数需要传入这个数组的大小，而题目给的是一个二维棋盘。

这个很简单，二维坐标(x,y)可以转换成x * n + y这个数（m是棋盘的行数，n是棋盘的列数）。敲黑板，这是将二维坐标映射到一维的常用技巧。

其次，我们之前描述的「祖师爷」是虚构的，需要给他老人家留个位置。索引[0.. m*n-1]都是棋盘内坐标的一维映射，那就让这个虚拟的dummy节点占据索引m*n好了。

class UF{
public:
UF(int n){
    count=n;
    for(int i=0;i<n;++i){
        parent.push_back(i);
        size.push_back(1);
    }
    
}
//p和q连通
void Union(int p,int q){
    int rootp=find(p);
    int rootq=find(q);
    if(rootq==rootp)
        return;
    //小树接到大树下边，比较平均
    if(size[rootp]>size[rootq]){
        size[rootq]+=size[rootp];
        parent[rootp]=rootq;
    }else{
        size[rootp]+=size[rootq];
        parent[rootq]=rootp;
    }
    count--;
}
/* 返回节点 x 的根节点 */
int find(int x){
    while(x!=parent[x]){
        // 进行路径压缩
        parent[x]=parent[parent[x]];
        x=parent[x];
    }
    return x;
}
/* 判断 p 和 q 是否互相连通 */
bool connected(int p,int q){
    int rootp=find(p);
    int rootq=find(q);
    // 处于同一棵树上的节点，相互连通
    return rootp==rootq;
}
//记录连通分量个数
int count;
//存储若干棵树
vector<int> parent;
//记录树的重量
vector<int> size;
};
class Solution {
public:
    void solve(vector<vector<char>>& board) {
        int m=board.size();
        int n=board[0].size();
        // 给 dummy 留一个额外位置
        UF uf(m*n+1);
        int dummy=m*n;
        // 将首列和末列的 O 与 dummy 连通
        for(int i=0;i<m;++i){
            if(board[i][0]=='O'){
                uf.Union(i*n,dummy);
            }
            if(board[i][n-1]=='O'){
                uf.Union(i*n+n-1,dummy);
            }
        }
        // 将首行和末行的 O 与 dummy 连通
        for(int j=0;j<n;++j){
            if(board[0][j]=='O'){
                uf.Union(j,dummy);
            }
            if(board[m-1][j]=='O'){
                uf.Union((m-1)*n+j,dummy);
            }
        }
        for(int i=1;i<m-1;++i){
            for(int j=1;j<n-1;++j){
                if(board[i][j]=='O'){
                    // 将此 O 与上下左右的 O 连通
                    for(int k=0;k<4;++k){
                        int v=i+d[k][0];
                        int w=j+d[k][1];
                        if(board[v][w]=='O'){
                            uf.Union(v*n+w,i*n+j);
                        }
                    }
                }
            }
        }
        // 所有不和 dummy 连通的 O，都要被替换
        for(int i=0;i<m;++i){
            for(int j=0;j<n;++j){
                if(board[i][j]=='O'){
                    if(!uf.connected(i*n+j,dummy)){
                        board[i][j]='X';
                    }
                }
            }
        }
    }
    // 方向数组 d 是上下左右搜索的常用手法
    int d[4][2] = {{0,1},{0,-1},{1,0},{-1,0}};
};

标签：dummy,parent,int,查集,DFS,130,board,rootq,size
来源： https://www.cnblogs.com/zl1991/p/15924271.html