【做题记录】[SCOI2009]围豆豆
作者：互联网
\(n\times m(n,m\le 10)\) 的网格中有 \(d\) 个球 \((d\le 9)\)，要求在网格中选定一个起点开始做一个欧拉回路，路径的价值为路径完全包住的球的价值之和减去路径长度，求所有路径中的价值最大值。
有价值与步数的两个限制，首先想着把其中一个作为状态控制变量。
由于起点关系回程，所以 \(\bigstar\texttt{important}\)：枚举起点寻找答案。
控制了起点和状态，容易想到设 \(dp(i,j,state)\) 表示从起点到坐标为 \((i,j)\) 的点，且这半条路径包含的点的集合为 \(state\) 时的最小步数。
\(\uparrow\) 因为路径是一个多边形，用计算几何的方法判断每个点是否在多边形内部，即从这个点向左侧做射线，进过边的数量为奇数时在内部。（由于这是网格，所以特殊情况时，如果这条线断平行则不计算，不平行则计算）。
之后用上边的 \(dp\) 直接暴力 bfs 即可。
$\texttt{code}$
#define Maxn 15
#define Maxsta 1005
int n,m,d,ans;
int v[Maxn],ax[Maxn],ay[Maxn],ds[Maxn][Maxn][Maxsta];
int zou[4][2]={{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1}};
char mp[Maxn][Maxn];
struct Dot { int x,y,State,ds; };
inline int calc(int sx,int sy,int tx,int ret)
{
for(int i=1;i<=d;i++)
{
if((sx==ax[i] && tx<ax[i] && sy<ay[i]) ||
(sx<ax[i] && tx==ax[i] && sy<ay[i]))
ret^=1<<(i-1);
}
return ret;
}
inline int Count(int State)
{
int ret=0;
for(int i=1;i<=d;i++) if(State & (1<<(i-1))) ret+=v[i];
return ret;
}
void bfs(int sx,int sy)
{
memset(ds,0x3f,sizeof(ds)),ds[sx][sy][0]=0;
queue<Dot> q; q.push((Dot){sx,sy,0,0});
while(!q.empty())
{
Dot cur=q.front(); q.pop();
for(int i=0,nx,ny,ns;i<4;i++)
{
nx=cur.x+zou[i][0],ny=cur.y+zou[i][1];
if(nx<1 || nx>n || ny<1 || ny>m || mp[nx][ny]!='0')
continue;
ns=calc(cur.x,cur.y,nx,cur.State);
if(ds[nx][ny][ns]!=inf) continue;
ds[nx][ny][ns]=cur.ds+1;
q.push((Dot){nx,ny,ns,ds[nx][ny][ns]});
}
}
}
int main()
{
n=rd(),m=rd(),d=rd();
for(int i=1;i<=d;i++) v[i]=rd();
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%s",mp[i]+1);
for(int i=1,num;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++)
if(isdigit(mp[i][j]))
num=mp[i][j]-48,ax[num]=i,ay[num]=j;
for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++)
{
bfs(i,j);
for(int k=(1<<d)-1;k>=0;k--)
ans=max(ans,Count(k)-ds[i][j][k]);
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
标签：记录,int,nx,ny,Maxn,SCOI2009,豆豆,ns,ds 来源： https://www.cnblogs.com/EricQian/p/15872865.html