2018-2019 ACM-ICPC Pacific Northwest Regional Contest (Div. 1)_组队训练
作者：互联网
2018-2019 ACM-ICPC Pacific Northwest Regional Contest (Div. 1)
Problem A Exam
题意：两人在做判断题，告诉你一个人有k题时正确的，问第二个人最多有多少题是正确的。
题解：那我们只要判断一下有多少题是一致的，一致的和k值相比较一下，然后选出最大的，然后不一致的和length-k相比较一下，就可以得出了答案。
#include<bits/stdc++.h>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof a)
using namespace std;
char mp[10][10];
string s1;
string s2;
int main()
{
int k;
cin>>k;
cin>>s1>>s2;
int ans = 0;
for(int i=0;i<s1.size();i++)
{
if(s1[i]==s2[i])
{
ans++;
}
}
int pp = (ans>=k)?k:ans;
int qq = (pp==k)?(s1.size()-ans):(s1.size()-k);
cout<<pp+qq<<endl;
}
Problem B Coprime Integers
题意：给出两个区间，问这两区间内能组成有多少组可以组成gcd等于1的组。
题解：莫比乌斯反演板子题。
//#include<bits/stdc++.h>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<string>
#include<vector>
#include<stack>
#include<bitset>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<set>
#include<list>
#include<deque>
#include<map>
#include<queue>
#define ll long long
#define mod 998244353
#define pdd pair<double,double>
#define mem(a,x) memset(a,x,sizeof(a))
#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0)
using namespace std;
const long long INF = 1e18+5;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const double eps=1e-6;
const int MAXN=550005;
const double pi=acos(-1);
inline char nc() {static char buf[1000000],*p1=buf,*p2=buf;return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1000000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}
inline void read(int &sum) {char ch=nc();sum=0;while(!(ch>='0'&&ch<='9')) ch=nc();while(ch>='0'&&ch<='9') sum=(sum<<3)+(sum<<1)+(ch-48),ch=nc();}
const int N = 1e7;
ll mu[N + 5], p[N + 5];
bool flg[N + 5];
void init() {
int tot = 0;
mu[1] = 1;
for (int i = 2; i <= N; ++i) {
if (!flg[i]) {
p[++tot] = i;
mu[i] = -1;
}
for (int j = 1; j <= tot && i * p[j] <= N; ++j) {
flg[i * p[j]] = 1;
if (i % p[j] == 0) {
mu[i * p[j]] = 0;
break;
}
mu[i * p[j]] = -mu[i];
}
}
for (int i = 1; i <= N; ++i) mu[i] += mu[i - 1];
}
ll solve(int n, int m) {
ll res = 0;
for (int i = 1, j; i <= std::min(n, m); i = j + 1) {
j = std::min(n / (n / i), m / (m / i));
res += (mu[j] - mu[i - 1]) * (n / i) * (m / i);
}
return res;
}
int main() {
int T, a,b,c,d;
init();
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d);
if(a==1&&c==1)
{
cout<<solve(b,d);
}
else if(a==1)
{
cout<<solve(b,d)-solve(b,c-1);
}
else if(c==1)
{
cout<<solve(b,d)-solve(a-1,d);
}
else
{
ll num=solve(b,d)-solve(a-1,d)-solve(b,c-1)+solve(a-1,c-1);
printf("%lld\n",num);
}
return 0;
}
Problem C Contest Setting
题意：给你n道题目，选k题，要问你有多少种不同的选择方法，并且要保证每次选择要不同难度的题。
题解：简单的dp,先统计一下，每种相同难度系数的有多少种，由于数据不大，我们可以用二维dp，前i个数中挑j个数，如果选择这个数我们就加上dp[i-1][j-1]*mp[i],mp[i]为这个难度的个数，如果不选就为dp[i-1][j],所以我们可以求出状态方程就为dp[i][j] = dp[i-1][j-1]*mp[i]+dp[i-1][j];简而言之，就是在前i个数选j个数就为现在这个选上加不选上的个数。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long int
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof a)
using namespace std;
const int maxn = 1010;
const int mod = 998244353;
ll a[maxn];
map<ll,ll>mp;
ll num[maxn];
ll dp[maxn][maxn];
map<ll,ll>::iterator it;
int main()
{
int n,k;
cin>>n>>k;
int count = 0;
dp[0][0] = 1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>a[i];
}
sort(a+1,a+n+1);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(!mp[a[i]])
{
mp[a[i]] = ++count;
}
num[mp[a[i]]]++;
}
for(it = mp.begin();it!=mp.end();it++)
{
//cout<<it->first<<endl;
for(int j=0;j<=k;j++)
{
//cout<<it->second<<endl;
ll tt=dp[it->second-1][j];
if(j!=0) tt+=dp[it->second-1][j-1]*num[it->second];
dp[it->second][j]=(dp[it->second][j]+tt)%mod;
//cout<<dp[it->second][j]<<endl;
}
}
cout<<dp[count][k]%mod<<endl;
return 0;
}
Problem G Goat on a Rope
题意：给出一个矩形和一个矩形外一点求这点到矩形的最小距离。
题解：把矩形外分为三种情况，就是在矩形的x轴范围内，和在矩形y轴范围内，然后其余部分。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int t[1010];
double find(int x,int y,int x1,int x2,int y1,int y2)
{
return min(min(sqrt((x-x1)*(x-x1)+(y-y1)*(y-y1)),sqrt((x-x2)*(x-x2)+(y-y1)*(y-y1))),min(sqrt((x-x1)*(x-x1)+(y-y2)*(y-y2)),sqrt((x-x2)*(x-x2)+(y-y2)*(y-y2))));
}
int main()
{
int x,y,x1,y1,x2,y2;
cin>>x>>y>>x1>>y1>>x2>>y2;
int minx = min(x1,x2);
int maxx = max(x1,x2);
int miny = min(y1,y2);
int maxy = max(y1,y2);
if(x>=minx&&x<=maxx)
{
printf("%.3lf",1.0*(min(abs(y-y1),abs(y-y2))));
}
else if(y>=miny&&y<=maxy)
{
printf("%.3lf",1.0*(min(abs(x-x1),abs(x-x2))));
}
else{
printf("%.3lf",find(x,y,x1,x2,y1,y2));
}
}
Problem H Repeating Goldbachs
题意：就是给你一个数，可以变成两个质数的之和，然后这个数就变成两个质数的差，并且要保证这两质素差要最大，如果这两数之差小于4，那么就结束递归。
题解：因为我们给出的数据不大，所以我们先给个欧拉筛筛选出所有的质数，直接递归暴力求解就可以了。
#include<bits/stdc++.h>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof a)
#define ll long long int
using namespace std;
const int maxn = 1e6 + 10;
int prime[maxn];
int visit[maxn];
void Prime(){
mem(visit,0);
mem(prime, 0);
for (int i = 2;i <= maxn; i++) {
// cout<<" i = "<<i<<endl;
if (!visit[i]) {
prime[++prime[0]] = i; //纪录素数， 这个prime[0] 相当于 cnt，用来计数
}
for (int j = 1; j <=prime[0] && i*prime[j] <= maxn; j++) {
// cout<<" j = "<<j<<" prime["<<j<<"]"<<" = "<<prime[j]<<" i*prime[j] = "<<i*prime[j]<<endl;
visit[i*prime[j]] = 1;
if (i % prime[j] == 0) {
break;
}
}
}
}
int ans = 0;
void dfs(int x,int q)
{
if(x<4)
{
ans = max(ans,q);
return;
}
for(int i=1;prime[i]<=x-1;i++)
{
if(visit[x-prime[i]]==0)
{
dfs(abs(x-2*prime[i]),q+1);
break;
}
}
}
int main()
{
int x;
Prime();
cin>>x;
/* for(int i=1;i<=100;i++)
{
cout<<prime[i]<<endl;
}*/
dfs(x,0);
cout<<ans<<endl;
}
Problem J Time Limits
题意：给你n个数，和一个k值求，最大数的k倍整数值。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int t[1010];
int main()
{
int n,s;
cin>>n>>s;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>t[i];
}
sort(t+1,t+n+1);
cout<<t[n]*s/1000+((t[n]*s)%1000?1:0)<<endl;
}
Problem L Liars
题意：给你n个人对于说实话人数的区间，问你们在这几个人中最多有多少人说了实话。
题解：暴力枚举说实话的人数，然后判断一下。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[1010],b[1010];
int main()
{
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>a[i]>>b[i];
}
int pp = 0;
for(int i=0;i<=n;i++)
{
int ans = 0;
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(a[j]<=i&&i<=b[j])
{
ans++;
}
}
if(ans == i)
{
pp = i;
}
}
if(!pp) puts("-1");
else{
cout<<pp<<endl;
}
}
标签：y2,Contest,int,Regional,ACM,y1,include,dp,define 来源： https://www.cnblogs.com/lcsdsg/p/14395717.html