Description

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题目描述

WLP同学最近迷上了一款网络联机对战游戏（终于知道为毛JOHNKRAM每天刷洛谷效率那么低了），但是他却为了这个游戏很苦恼，因为他在海边的造船厂和仓库总是被敌方派人偷袭。于是，WLP动用了他那丰满且充实的大脑（或许更偏向前者），想出了一个好主意，他把海滩分成垂直于海岸线的若干列，在其中的几列上放置几个信号塔，试图来监视整个海滩。然而，WLP是一个非常心急的人，他把信号塔建好后才发现还需给信号塔供能，它们才能投入使用（这不是废话么），它们都有一个工作半径，一个圆形区域里的所有敌人都逃不过它们的监视，不过，WLP发现，敌人们非常狡猾，除非他将道路完全封死，否则WLP的敌人可以走过一条任意弯曲的路（不一定走整点，但是不会出第0列和第N列构成的边界）来偷他的东西。

于是，WLP就思考了：到底需要给每个信号塔多大的工作半径，才能将从海滩到内地的路径完全封死呢？他再次动用了他那丰满且充实的大脑，想了一堂数学课，终于，还是没想出来。于是，他向LZZ神犇求助（额……C_SUNSHINE的身份是不是暴露了）。

终于，在WLP：“%^!@#!(^!#@$^&（此处省略无数卖萌场景）”的哀求下，LZZ神犇写了一个程序，在1s内就解决了问题。但是，邪恶的LZZ神犇决定要将这个难题共享给无数无辜的OIer，所以，现在轮到你了。

输入格式

第一行两个整数N和M：表示海滩被WLP分成的列数0-N和信号塔个数。

第2-M+1行：每行两个数Xi，Yi表示1-M号信号塔所在的列数和离开海滩的距离。

输出格式

一行一个实数，表示最小的工作半径，保留两位小数。

输入输出样例

输入 #1

5 5
1 5
3 5
5 5
4 30
2 15

输出 #1

1.00

输入 #2

100 2
30 50
90 100

输出 #2

39.05

说明/提示

对于10%的数据：1≤M≤10，1≤Yi≤100;
对于30%的数据：1≤M≤50，1≤Yi≤1,000;
对于80%的数据：1≤M≤500，1≤Yi≤1,000;
对于100%的数据：1≤M≤800，1≤N≤1000，1≤Xi≤N，1≤Yi≤100,000.

【样例解释】

注意，封锁海滩是指，敌人的深入程度是有限制的，若敌人绕过了所有的信号塔，并且可以长驱直入，那么就说明道路没有完全封锁。

题解

这题的标签是并查集，看完题容易想到二分答案求解半径。
于是我就向二分+并查集的方向想了好久，木有结果

最后我的解法是最短路：
每两个信号塔之间建一条边，边长使他们之间距离的一半。
信号塔到边缘也要建边。
然后就是最短路啦。

Code:

#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <vector>
#include <cstring>

#define MAXN 805
using namespace std;

template<typename T> 
T Aabs(T x) {
    return x >= 0 ? x : -x;
}

template<typename T> 
T sqr(T x) {
    return x * x;
}

struct point {
    int x, y;
    point(int xi, int yi) {
        x = xi;
        y = yi;
    }
};

struct node {
    int x;
    double w;
    node(int xi, double wi) {
        x = xi;
        w = wi;
    }
};

struct pri_v {
    int x;
    double w;
    pri_v(int xi, double wi) {
        x = xi;
        w = wi;
    }

    bool operator < (const pri_v &a) const {
        return this->w > a.w;
    }
};

int n, m;
vector<point> tower;
vector<node> G[MAXN];
bool vis[MAXN];
double dis[MAXN];

double calc(point x, point y) {
    int xdis = Aabs(x.x - y.x);
    int ydis = Aabs(x.y - y.y);
    return sqrt(sqr(xdis) + sqr(ydis));
}

double dijstra(int n, int s, int t, int mx) {
    priority_queue<pri_v> q;

    for (int i = 0; i <= n; ++i) dis[i] = mx * mx;
    memset(vis, 0, sizeof(vis));
    dis[s] = 0;
    q.push(pri_v(s, 0));

    while (q.size()) {
        int x = q.top().x;
        q.pop();
        
        if (vis[x]) continue;
        vis[x] = true;

        for (unsigned i = 0; i < G[x].size(); ++i) {
            int y = G[x][i].x;
            double z = G[x][i].w;

            if (dis[y] > max(dis[x], z)) { //注意这里和普通最短路不一样，这里的最短路不是路径长度总和，而是最长的那条边的边长。
                dis[y] = max(dis[x], z);
                q.push(pri_v(y, dis[y]));
            }
        }
    }

    return dis[t];
}

int main() {
    scanf("%d %d", &n, &m);
    for (int i = 1; i <= m; ++i) {
        int x, y;
        scanf("%d %d", &x, &y);
        for (unsigned j = 0; j < tower.size(); ++j) {
            G[i].push_back(node(j + 1, calc(tower[j], point(x, y)) / 2));
            G[j + 1].push_back(node(i, calc(tower[j], point(x, y)) / 2));
        }
        tower.push_back(point(x, y));
    }

    for (unsigned j = 0; j < tower.size(); ++j) {
        point nowt = tower[j];
        G[m + 1].push_back(node(j + 1, nowt.x));
        G[j + 1].push_back(node(m + 1, nowt.x));

        G[m + 2].push_back(node(j + 1, n - nowt.x));
        G[j + 1].push_back(node(m + 2, n - nowt.x));
    }

    double dist = dijstra(m + 2, m + 1, m + 2, n);
    printf("%.02lf\n", dist);
    return 0;
}

标签：xi,int,题解,海滩,WLP,double,P1783,include,dis
来源： https://www.cnblogs.com/szdytom/p/12491590.html