解题报告——P3477 [POI2008]PER-Permutation

这道题如果不是任意模数的话还是比较平凡的（

这道题的式子其实很好推，根据康托展开的思路，一位一位考虑，只不过是多重集，可能有重复情况，排除即可，每一位的式子为：

\[ans_i=\dfrac{(n-i)!}{\prod cnt_j}\times\sum^n_{k=i+1}[ a_k<a_i] \]

（\(cnt_j\) 为 \(i-n\) 之间 \(j\) 的个数，\(a_i\) 为第 \(i\) 位的值）

后面的和式为 \(i-n\) 之间值大于第 \(i\) 位的值的数量，同康托展开，用树状数组处理，接下来考虑如何处理任意模数。

\(cnt_j\) 中有可能会出现与 \(p\) 不互质的情况，这种条件下不存在逆元，所以可以借鉴扩展卢卡斯的思路，把分子和分母中 \(p\) 的质因子拆分出来，再来计算分母逆元，最后累计答案的时候再把 \(p\) 分离出来的质因子乘进去即可。

另外，对于每一位的答案肯定不能单独计算，否则时间复杂度会爆掉，所以考虑答案递推，首先从后向前推肯定相对简单，考虑每往前走一步对答案的影响，假设从 \(t+1\) 走到 \(t\) 分子，分子从 \((n-t-1)!\) 变为 \((n-t)!\) 乘上了 \(n-t\)，\(cnt_{a_t}\) 增加了1，相当于乘上了 \(\dfrac{cnt_{a_t}-1}{cnt_{a_t}}\)，把上面两式分离质因子求逆元乘进答案递推即可，初始状态 \(ans_n=0\)

Code：

#include<bits/stdc++.h>
#define N 300005ll
#define int long long
using namespace std;

int n,m,s[N],ans=1,buk[N],cnt[100];
int x,y,fac[100][N],base[100],tot;
struct Fenwick{
    int c[N];
    inline int lowbit(int X) {return X&(-X);}
    inline void update(int pos,int val){
        for(int i=pos;i<=N-5;i+=lowbit(i))
            c[i]+=val;
    }
    inline int sum(int pos){
        int temp=0;
        for(int i=pos;i;i-=lowbit(i))
            temp+=c[i];
        return temp;
    }
}T;
void exgcd(int a,int b);
int inv(int a,int p);
void factor(int a);
void change(int &a,int type);
int prod();

signed main(){
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        scanf("%lld",s+i);
    factor(m);
    buk[s[n]]++;T.update(s[n],1);
    int tmpans=1,tmp;
    for(int i=n-1;i>=1;i--){
        T.update(s[i],1);
        change(tmp,1);
        tmpans=tmpans*tmp%m;
        tmp=++buk[s[i]];
        change(tmp,-1);
        tmpans=tmpans*inv(tmp,m)%m;
        ans=(ans+tmpans*T.sum(s[i]-1)%m*prod()%m)%m;
    }
    cout<<ans;
}

void exgcd(int a,int b){
    if(!b){
        x=1,y=0;
        return;
    }
    exgcd(b,a%b);
    int tmp=x;
    x=y,y=tmp-a/b*y;
}

int inv(int a,int p){
    exgcd(a,p);
    return (x%p+p)%p;
}

void factor(int a){
    for(int i=2;a!=1;i++)
        if(!(a%i)){
            base[++tot]=i;
            fac[tot][0]=1;
            while(!(a%i)) a/=i;
            for(int j=1;j<=N-5;j++)
                fac[tot][j]=fac[tot][j-1]*i%m;
        }
}

void change(int &a,int type){
    for(int i=1;i<=tot;i++)
        while(!(a%base[i])){
            a/=base[i];
            cnt[i]+=type;
        }
}

int prod(){
    int Tmp=1;
    for(int i=1;i<=tot;i++)
        Tmp=Tmp*fac[i][cnt[i]]%m;
    return Tmp;
}

标签：tmp,cnt,POI2008,int,ans,PER,P3477,tmpans,100
来源： https://www.cnblogs.com/Rolling-star/p/16600838.html