Codeforces Round #772 (Div. 2)
作者：互联网
A. Min Or Sum
题意：给定一个数组，每次挑两个数换为任意与它们或运算结果相同的两个数。操作无限次，求数组最小和。
解：将它们全异或起来，换成这个数和一堆0。
答案：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define maxx 1000005
#define maxn 1005
#define maxm 200005
#define eps 0.00000001
#define inf 0x7fffffff
#define mod 998244353
//#define int long long
int n,m;
signed main() {
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&n);
int ans=0,t;
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&t);
ans|=t;
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
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B. Avoid Local Maximums
题意：给定一个数组，每次可以选择一个数换为任意数，求几次操作后可以消去所有局部最大值。
解：设局部最大由三个数i,i+1,i+2组成，i<i+1>i+2。考虑替换i+2，让它变大，这样后面产生局部最大值可能性变小。但也不能太大，挑i+1和i+3里较大的就可以了。（又名根据样例猜结论
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define maxx 200005
#define maxn 1005
#define maxm 200005
#define eps 0.00000001
#define inf 0x7fffffff
#define mod 998244353
//#define int long long
int n,m;
int a[maxx]={0};
signed main() {
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
int ans=0;
for(int i=2;i<n;i++){
if(a[i]>a[i+1]&&a[i]>a[i-1]){
ans++;
a[i+1]=max(a[i],a[i+2]);
}
}
printf("%d\n",ans);
for(int i=1;i<=n;i++)
printf("%d ",a[i]);
printf("\n");
}
return 0;
}
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C. Differential Sorting
题意：给定一个数组，每次选择三个下标x<y<z，令a[x]=a[y]-a[z]。求一种方案使得数组不减。
解：构造题一般是挑中一个点死命用。显然a[n-1]<=a[n]，否则无解。其次a[n]还得是换完以后的最大值，剩下所有元素必须小于a[n]和a[n-1]。由于位次关系只能将别的元素换为a[n-1]-a[n]，这显然是一个负数。当a[n]>=0时，成立；a[n]<0时，a[n-1]-a[n]>a[n-1]，不能这么做。如果a[n-2]需要被替代，则无解。以此类推，只有原数组有序时有解。
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define maxx 200005
#define maxn 1005
#define maxm 200005
#define eps 0.00000001
#define inf 0x7fffffff
#define mod 998244353
//#define int long long
int n,m;
int a[maxx]={0};
signed main() {
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
if(a[n]<a[n-1]){
printf("-1\n");
continue;
}
if(a[n]>=0){
printf("%d\n",n-2);
for(int i=1;i<=n-2;i++)
printf("%d %d %d\n",i,n-1,n);
continue;
}
if(is_sorted(a+1,a+n+1)){
printf("0\n");
}
else printf("-1\n");
}
return 0;
}
//a[n]<0 a[n-1]<a[n]<0
//-7 6 -5 4 -4 -3
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D. Infinite Set
*这题用scanf("%lld");貌似会WA，得上cin。
题意：给定一个集合，可以由以下方法衍生出新的数：1.x=x*2+1; 2.x=x*4。 现给出p，求集合小于2p的数的数量。(1<=n,p<=2*105)
解：p这么大，又和2的幂有关，要按位算。两种操作一个生成奇数，一个生成偶数，没有交集，这很好。那么可以视作：左移两位，左移一位再令末尾为1。大胆猜测和具体的数无关，和与p+1（2的p次幂有p+1位）差了几位有关。令sum[i]为和p+1差i位时能生成的数的数量，随便打一打表，发现sum[i]=sum[i-1]+sum[i-2]+1。其实不是很理解那个+1。。。但问题不大。
除此之外注意去重，从大的数出发，看看能不能变成更小的数，反之会漏。还有注意不要大于2p的数。
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define maxx 200005
#define maxn 1005
#define maxm 200005
#define eps 0.00000001
#define inf 0x7fffffff
#define mod 1000000007
//#define int long long
int n,p;
ll a[maxx],sum[maxx]={0};
set<ll> s;
signed main() {
sum[1]=1,sum[2]=2;
for(int i=3;i<=200000;i++){
sum[i]=(sum[i-1]+sum[i-2]+1)%mod;
}
cin>>n>>p;
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>a[i];
s.insert(a[i]);
}
for(int i=1;i<=n;i++){
ll x=a[i];
while(x){
if(x%2==1) x/=2;
else if(x%4==0) x/=4;
else break;
if(s.count(x)){
s.erase(a[i]);
break;
}
}
}
ll ans=0;
for(auto i:s){
int cnt=0;
ll x=i;
while(x){
x/=2;
cnt++;
}
if(cnt>p) continue;
ans=(ans+sum[p+1-cnt])%mod;
}
cout<<ans<<"\n";
return 0;
}
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标签：maxx,200005,772,int,sum,Codeforces,long,Div,define 来源： https://www.cnblogs.com/capterlliar/p/15919469.html