洛谷题面

开始交了一发 \(\rm STL-List\) 想水掉，结果给 \(\verb!RE!\) 飞了。

于是老老实实手打结构体链表。

题目大意

你有 \(n\) 个盒子在桌子上的一条线上从左到右编号为 \(1\cdots n\)。你的任务是模拟四种操作：

• 1 X Y：移动盒子编号 \(X\) 到盒子编号 \(Y\) 的左边（如果 \(X\) 已经在 \(Y\) 的左边了就忽略）。

• 2 X Y：移动盒子编号 \(X\) 到盒子编号 \(Y\) 的右边（如果 \(X\) 已经在 \(Y\) 的右边了就忽略）。

• 3 X Y：交换盒子编号 \(X\) 与盒子编号 \(Y\) 的位置。

• 4：将整条线反转。

对于每组数据，输出他们奇数位置的编号的和。

题目分析

\(1,2,3\) 操作显然可以用链表 \(\operatorname{O}(1)\) 处理掉，我们重点考虑操作 \(4\)。

我们如果手动掉头的话，\(\rm STL\) 可以来，但是链表显然会 \(\verb!T!\) 飞。

有因为我们只求最后的答案，中间的形态不需要去管，想到打标记。

\(rev\) 表示该链表处于掉头状态下，当且仅当 \(rev=1\)。

注意到 \(\operatorname{xor}\) 运算一个有趣的性质：

\(1\operatorname{xor}1=0,0\operatorname{xor}1=1\)。

所以如果当前是 \(4\) 操作，那么令 \(rev\gets rev~\operatorname{xor}1\)。

如果当前链表倒过来了，并且操作为 \(1\) 或 \(2\)，那么————

我们再来观察一个有趣的性质：

\(2\operatorname{xor}3=1,1\operatorname{xor}3=2\)。

（异或狂人了属于是）

于是令 \(opt\gets opt~\operatorname{xor}3\)，\(opt\) 表示指令序号。

进行操作就好了，这很好理解，毕竟序列翻过来了嘛。

最后暴力求解，答案 \(ans=List[i].val\{i\in 2\times k+1,k\in \mathcal{N}\}\)。

注意特判：

\(ans\gets \dfrac{n\times(n+1)}{2}-ans\)，当且仅当 \(n=2\times k(k\in \mathcal{N})\) 且 \(rev=1\)。

表示当前序列长度为偶数，并且被翻转了过来。

举个例子：

1 -> 2 -> 3 -> 4 -> 5 -> 6
=>
6 -> 5 -> 4 -> 3 -> 2 -> 1

此时 \(ans=\sum\limits_{i=1}^{\tfrac{n}{2}-1}(2\times i+1)-ans\)，就是上面那个式子。

代码

这里给出的代码并没有考虑本题的多种情况，请读者 \(\rm Coding\) 时注意初始化问题。

______ 见祖宗

const int MA=100005;

struct List
{
	int val;
	
	int pre;
	
	int nxt;
};

List lst[MA];

int n,m;

inline void add(int u,int v)//u -> v
{
	lst[u].nxt=v;
	
	lst[v].pre=u;
}

#undef int

int main(void)
{
	#define int long long
	
	n=read(),m=read();
	
	lst[0].nxt=1;
	
	for(register int i=1;i<=n;i++)
	{
		lst[i].val=i;
		
		lst[i].pre=i-1,lst[i].nxt=i+1;
	}
	
	lst[n].nxt=0;
	
	int rev=0;
	
	for(register int i=1;i<=m;i++)
	{
		int opt=read();
		
		if(rev==1 && opt<=2)
		{
			opt^=3;
		}
		
		if(opt==1)//x 移到 y 的左边  
		{
			int x=read(),y=read();
			
			if(lst[y].pre!=x)
			{
				add(lst[x].pre,lst[x].nxt);
				
				int t=lst[y].pre;
				
				add(x,y);
				
				add(t,x);
			}
		}
		
		else if(opt==2)//x 移到 y 的右边 
		{
			int x=read(),y=read();
			
			if(lst[y].nxt!=x)
			{
				add(lst[x].pre,lst[x].nxt);
				
				int t=lst[y].nxt;
				
				add(y,x);
				
				add(x,t);
			}
		} 
		
		else if(opt==3)
		{
			int x=read(),y=read();
			
			if(lst[y].nxt==x)
			{
				swap(x,y);
			}
			
			if(lst[x].nxt==y)
			{
				int t=lst[x].pre;
				
				add(x,lst[y].nxt);
				
				add(y,x);
				
				add(t,y);
			}
			
			else
			{
				int ta=lst[x].pre,tb=lst[x].nxt;
				
				add(lst[y].pre,x);
				
				add(x,lst[y].nxt);
				
				add(ta,y);
				
				add(y,tb);
			}
		}
		
		else
		{
			rev^=1;
		}
	}
	
	int ans(0),idx(0);
	
	for(register int i=lst[0].nxt;i;i=lst[i].nxt)
	{
		idx++;
		
		if(idx%2==1)
		{
			ans+=lst[i].val;
		}
	}
	
	if(rev==1 && n%2==0)
	{
		printf("%lld\n",(n*(n+1)>>1ll)-ans);
		
		return 0;
	}
	
	printf("%lld\n",ans);
	
	return 0; 
}

标签：xor,int,编号,Boxes,UVA12657,ans,盒子,Line,operatorname
来源： https://www.cnblogs.com/Coros-Trusds/p/15617093.html