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《2021CCPC桂林》

作者:互联网

只做了几个题。

B. A Plus B Problem:

一开始做的时候思路有点乱,后面理清楚了,就是说不用10进制来维护,用没有进位之后的数来维护,这样每次操作之后就是加1减1的操作了。

// Author: levil
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef long double ld;
typedef pair<int,int> pii;
const int N = 2e6 + 5;
const int M = 1e6 + 5;
const LL Mod = 998244353;
#define INF 1e9
#define dbg(ax) cout << "now this num is " << ax << endl;
inline long long ADD(long long x,long long y) {
    if(x + y < 0) return ((x + y) % Mod + Mod) % Mod;
    return (x + y) % Mod;
}
inline long long MUL(long long x,long long y) {
    if(x * y < 0) return ((x * y) % Mod + Mod) % Mod;
    return x * y % Mod;
}
inline long long DEC(long long x,long long y) {
    if(x - y < 0) return (x - y + Mod) % Mod;
    return (x - y) % Mod;
}

int a[5][N],cd[N];
struct Node{int L,r,mi,mx,tag;}node[N << 2];
void Pushup(int idx) {
    node[idx].mx = max(node[idx << 1].mx,node[idx << 1 | 1].mx);
    node[idx].mi = min(node[idx << 1].mi,node[idx << 1 | 1].mi);
}
void Pushdown(int idx) {
    if(node[idx].tag != 0) {
        int tag = node[idx].tag;
        node[idx << 1].mx += tag,node[idx << 1].mi += tag,node[idx << 1].tag += tag;
        node[idx << 1 | 1].mx += tag,node[idx << 1 | 1].mi += tag,node[idx << 1 | 1].tag += tag;
        node[idx].tag = 0;
    }
}
void build(int L,int r,int idx) {
    node[idx].L = L,node[idx].r = r,node[idx].tag = 0;
    if(L == r) {
        node[idx].mi = node[idx].mx = cd[L];
        return ;
    }
    int mid = (L + r) >> 1;
    build(L,mid,idx << 1);
    build(mid + 1,r,idx << 1 | 1);
    Pushup(idx);
}
void update(int L,int r,int val,int idx) {
    if(node[idx].L > node[idx].r || L > r) return ;
    if(node[idx].L >= L && node[idx].r <= r) {
        node[idx].mi += val;
        node[idx].mx += val;
        node[idx].tag += val;
        return ;
    }
    Pushdown(idx);
    int mid = (node[idx].L + node[idx].r) >> 1;
    if(mid >= L) update(L,r,val,idx << 1);
    if(mid < r) update(L,r,val,idx << 1 | 1);
    Pushup(idx);
}
void update2(int x,int val,int idx) {
    if(node[idx].L == node[idx].r) {
        node[idx].mi = node[idx].mx = val;
        return ;
    }
    Pushdown(idx);
    int mid = (node[idx].L + node[idx].r) >> 1;
    if(mid >= x) update2(x,val,idx << 1);
    else update2(x,val,idx << 1 | 1);
    Pushup(idx);
}
int query(int x,int idx) {
    if(node[idx].L == node[idx].r) return node[idx].mi;
    Pushdown(idx);
    int mid = (node[idx].L + node[idx].r) >> 1;
    if(mid >= x) return query(x,idx << 1);
    else return query(x,idx << 1 | 1);
}
int query_pos(int L,int r,int id,int idx) {//id = 1 != 10,id = 2,!= 9
    if(L > r) return -1;
    if(node[idx].L == node[idx].r) return node[idx].L;
    Pushdown(idx);
    int mid = (node[idx].L + node[idx].r) >> 1,val = 9;
    if(id == 1) val = 10;
    if(mid < r && (node[idx << 1 | 1].mx != val || node[idx << 1 | 1].mi != val)) {
        int ans = query_pos(L,r,id,idx << 1 | 1);
        if(ans != -1) return ans;
        else if(mid >= L && (node[idx << 1].mx != val || node[idx << 1].mi != val)) return query_pos(L,r,id,idx << 1);
        return -1; 
    }
    else if(mid >= L && (node[idx << 1].mx != val || node[idx << 1].mi != val)) return query_pos(L,r,id,idx << 1);
    return -1;
}
void solve() {
    int n,q;scanf("%d %d",&n,&q);
    string s;cin >> s;
    for(int i = 1;i <= n;++i) a[1][i] = s[i - 1] - '0';
    cin >> s;
    for(int i = 1;i <= n;++i) a[2][i] = s[i - 1] - '0';
    int t = 0;
    for(int i = n;i >= 1;--i) {
        int f = (a[1][i] + a[2][i] + t) / 10;
        cd[i] = a[1][i] + a[2][i] + t;
        t = f;
    }
    build(1,n,1);
    while(q--) {
        int r,c,d;scanf("%d %d %d",&r,&c,&d);
        int ch = 0,id;
        if(r == 1) id = 1;
        else id = 2;
        if(a[id][c] != d) ch++;
        int dis = a[id][c] - d;
        a[id][c] = d;
        int tmp = query(c,1);
        int ed = tmp - dis;
        if(tmp != ed) ch++;
        update2(c,ed,1);
        if(ed < 10 && tmp >= 10){
            int pos = query_pos(1,c - 1,1,1);
            if(pos == -1) pos = 1,ch += c - 1;
            else ch += c - pos;
            update(pos,c - 1,-1,1);
        }
        else if(ed >= 10 && tmp < 10) {
            int pos = query_pos(1,c - 1,2,1);
            if(pos == -1) pos = 1,ch += c - 1;
            else ch += c - pos;
            update(pos,c - 1,1,1);
        }
        printf("%d %d\n",ed % 10,ch);
    }


}   
int main() {
  //  int ca;scanf("%d",&ca);
   // while(ca--) {
        solve();
    //}
    //system("pause");
    return 0;
}
/*
5 5
05617
14382
1 3 2
2 5 4

5 5
26321
47764
2 5 9
2 4 7
1 4 2
1 3 2
1 4 3

5 5
99990
00000
2 4 1
2 5 1
2 5 1
*/
View Code

E:Buy and Delete

这题相对要简单一些,只要能想到了,主要是判断能不能买到环的情况,如果能买到一个,和买到多个一样都是2轮。也就是说找到一个环的权值最小。

dij找一下最小权值环就行了。

D:Assumption is All You Need 银牌题?

这感觉也就是个2000多分左右的构造,不是很难,大概半小时推出了解法。

考虑对于一个小的数,一次逆序对操作之后,它只会向前走。

我们拟定现在比它小的数都无法动了。那么如果目标位置在它后面,那么如果不靠比它小的肯定无解。

现在我们去动比它小的,很显然,这个移动规律有传递性,如果我们利用比它小的完成了,那么比它小的肯定在更前面了。

所以我们考虑从小到大去对位,那么对于当前i,如果需要借用小的,那么肯定无解。

经过上面操作很显然,我们每次去动都是向左移动,那么每次对位我们都去找一个可动区间里的最小的替换它是最优的。

最优的这个很容易证明,因为比他大的都可以移动到这个位置,所以找最小的。

// Author: levil
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef long double ld;
typedef pair<int,int> pii;
const int N = 2e6 + 5;
const int M = 1e6 + 5;
const LL Mod = 998244353;
#define INF 1e9
#define dbg(ax) cout << "now this num is " << ax << endl;
inline long long ADD(long long x,long long y) {
    if(x + y < 0) return ((x + y) % Mod + Mod) % Mod;
    return (x + y) % Mod;
}
inline long long MUL(long long x,long long y) {
    if(x * y < 0) return ((x * y) % Mod + Mod) % Mod;
    return x * y % Mod;
}
inline long long DEC(long long x,long long y) {
    if(x - y < 0) return (x - y + Mod) % Mod;
    return (x - y) % Mod;
}

int a[2025],b[2025],pos1[2025],pos2[2025];
vector<pii> ans;
int Find(int L,int r,int k) {
    int mi = INF;
    for(int i = L;i <= r;++i) {
        if(a[i] > k && a[i] < mi) mi = a[i];
    }
    return mi;
} 
void change(int x,int y) {
    int xx = pos1[x],yy = pos1[y];
    pos1[y] = xx,pos1[x] = yy;
    swap(a[xx],a[yy]);
    ans.push_back(pii{min(xx,yy),max(xx,yy)});
}
void solve() {
    ans.clear();
    int n;scanf("%d",&n);
    for(int i = 1;i <= n;++i) scanf("%d",&a[i]),pos1[a[i]] = i;
    for(int i = 1;i <= n;++i) scanf("%d",&b[i]),pos2[b[i]] = i;
    bool flag = 0;
    for(int i = 1;i <= n;++i) {
        if(pos2[i] > pos1[i]) {flag = 1;break;}
        while(1) {
            int tmp = Find(pos2[i],pos1[i] - 1,i);
            if(tmp == INF) break;
            change(i,tmp);
        }
        if(pos1[i] != pos2[i]) change(i,a[pos2[i]]);
    }
    if(flag) printf("-1\n");
    else {  
        printf("%d\n",ans.size());
        for(auto v : ans) printf("%d %d\n",v.first,v.second);
    }

}   
int main() {
    int ca;scanf("%d",&ca);
    while(ca--) {
        solve();
    }
    //system("pause");
    return 0;
}
View Code

 

标签:node,tmp,ch,idx,int,pos,2021CCPC,桂林
来源: https://www.cnblogs.com/zwjzwj/p/15571983.html