2.23模拟赛
作者：互联网
浪了一发普及模拟赛
【样例输入】
4
1 1
2 1
1 1
【样例输出】
20
【数据规模和范围】
对于 30%的数据，n≤1000。
对于另外 30%的数据，bi=1。
对于 100%的数据，n≤1 000 000,bi≤1000。
sol：单边记贡献，（x，y）边的贡献就是 Size[y]*(n-Size[y])*Dis[x][y]，因为父亲都小于当前点，直接倒着跑一遍记Size就可以了，如果无序的话可以用拓扑
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
inline ll read()
{
ll S=0;
bool f=0;
char ch=' ';
while(!isdigit(ch))
{
f|=(ch=='-'); ch=getchar();
}
while(isdigit(ch))
{
S=(S<<3)+(S<<1)+(ch-'0'); ch=getchar();
}
return (f)?(-S):(S);
}
#define R(x) x=read()
inline void write(ll x)
{
if(x<0)
{
putchar('-'); x=-x;
}
if(x<10)
{
putchar(x+'0'); return;
}
write(x/10); putchar(x%10+'0');
return;
}
#define W(x) write(x),putchar(' ')
#define Wl(x) write(x),putchar('\n')
const int N=1000005;
int n,Father[N],Size[N];
int Val[N];
int main()
{
freopen("fst.in","r",stdin);
freopen("fst.out","w",stdout);
int i;
ll ans=0;
R(n);
for(i=1;i<=n;i++)
{
Size[i]=1;
}
for(i=2;i<=n;i++)
{
Father[i]=read(); Val[i]=read();
}
for(i=n;i>1;i--)
{
Size[Father[i]]+=Size[i];
}
for(i=2;i<=n;i++)
{
ans+=1ll*Val[i]*Size[i]*(n-Size[i]);
}
Wl(ans<<1);
return 0;
}
/*
input
5
1 2
2 4
2 1
4 4
output
92
input
5
1 5
1 5
2 3
2 5
output
164
*/
View Code
2.贰（fstagain）
【题目描述】
给你一个长度为 n 的序列，有 m 次询问，让你求区间 gcd。
【输入格式】
输入文件为 fstagain.in。 第一行两个正整数 n 和 m。 第二行 n 个正整数 ai，保证 ai≤1 000 000 000。 接下来 m 行，每行两个正整数 l 和 r，询问序列中 l 到 r 的 gcd。
【输出格式】
输出文件为 fst.in。 输出 m 行，表示查询的结果。
【样例输入】
3 2
3 6 8
1 2
2 3
【样例输出】
3
2
【数据规模和范围】
对于 30%的数据，n,m≤1000。
对于 60%的数据，n≤1000。
对于 100%的数据，n,m≤100000。
sol：因为重复没关系，ST表可以搞，线段树应该也可以做（反正是模板），我写了分块（反正都能过）
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef int ll;
inline ll read()
{
ll S=0;
bool f=0;
char ch=' ';
while(!isdigit(ch))
{
f|=(ch=='-'); ch=getchar();
}
while(isdigit(ch))
{
S=(S<<3)+(S<<1)+(ch-'0'); ch=getchar();
}
return (f)?(-S):(S);
}
#define R(x) x=read()
inline void write(ll x)
{
if(x<0)
{
putchar('-'); x=-x;
}
if(x<10)
{
putchar(x+'0'); return;
}
write(x/10); putchar(x%10+'0');
return;
}
#define W(x) write(x),putchar(' ')
#define Wl(x) write(x),putchar('\n')
const int N=100005,B=355;
int n,m,a[N];
int Block,cnt,L[B],R[B],Gcd[B],Pos[N];
inline int gcd(int x,int y)
{
return (!y)?(x):(gcd(y,x%y));
}
inline void Pre()
{
int i,j;
Block=sqrt(n);
cnt=n/Block+(bool)(n%Block);
for(i=1;i<=cnt;i++)
{
L[i]=R[i-1]+1;
R[i]=L[i]+Block-1;
}
R[cnt]=n;
for(i=1;i<=cnt;i++)
{
Gcd[i]=a[L[i]];
Pos[L[i]]=i;
for(j=L[i]+1;j<=R[i];j++)
{
Pos[j]=i;
Gcd[i]=gcd(Gcd[i],a[j]);
}
}
return;
}
inline int Solve(int l,int r)
{
int i;
int ql=Pos[l],qr=Pos[r];
if(ql+1>=qr)
{
int ans=a[l];
for(i=l+1;i<=r;i++)
{
ans=gcd(ans,a[i]);
}
return ans;
}
else
{
int ans=a[l];
for(i=l+1;i<L[ql+1];i++)
{
ans=gcd(ans,a[i]);
}
for(i=ql+1;i<qr;i++)
{
ans=gcd(ans,Gcd[i]);
}
for(i=L[qr];i<=r;i++)
{
ans=gcd(ans,a[i]);
}
return ans;
}
}
int main()
{
freopen("fstagain.in","r",stdin);
freopen("fstagain.out","w",stdout);
int i;
R(n); R(m);
for(i=1;i<=n;i++)
{
R(a[i]);
}
Pre();
for(i=1;i<=m;i++)
{
int l=read(),r=read();
Wl(Solve(l,r));
}
return 0;
}
/*
input
3 2
3 6 8
1 2
2 3
output
3
2
*/
View Code
3.叁（fstalways）
【题目描述】
有 4 种硬币，面值分别为 c1,c2,c3,c4。某人去商店买东西，去 了 tot 次。每次带 di 枚 ci 硬币，买 s 的价值的东西。求每次有多少 种付款方法。
【输入格式】
输入文件为 fstalways.in。 第一行 5 个正整数 c1,c2,c3,c4,tot。 接下来 tot 行，每行 5 个正整数表示的 d1,d2,d3,d4,s。
【输出格式】
输出文件为 fstalways.out。 输出 tot 行，表示每次的方案数。
【样例输入】
1 2 5 10 2
3 2 3 1 10
1000 2 2 2 900
【样例输出】
4
27
【数据规模和范围】
对于 30%的数据，di≤10。
对于 50%的数据，s,tot≤1000。
对于 100%的数据，s≤1000000,tot≤100000。
sol：先跑一遍没有 di 限制的背包
标签：输出,ch,ll,样例,tot,2.23,模拟,1000 来源： https://www.cnblogs.com/gaojunonly1/p/10425363.html