CF1474F 1 2 3 4 ...

一、题目

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二、解法

理解本题给出序列的方式很重要，我们把它放在坐标轴上，那么我们枚举一个转折点，然后找它后面最高的转折点，求最大差值就可以求出最长上升子序列长度，关键在于求出子序列个数。

不难发现不同的最低点和最高点组合范围一定不交，如果相交可以通过调整获得更优解，所以每一段可以单独处理。

坐标的范围达到了 \(1e9\)，肯定往矩阵加速上想，正常递推的顺序是按照 \(x\) 轴从左往右，可以记录以这个点结尾的方案数，但是硬要这么转移你需要记录每个 \(y\) 结尾的方案数，那这做锤子。

问题在于无法记录 \(y\)，那么我们按 \(y\) 的顺序递推不就不需要记录它了吗？所以设计状态 \(f_{v,i}\) 表示第 \(i\) 段以 \(y=v\) 结尾有多少种方案，我们先把所有转折点的 \(y\) 离散化，然后对于一小段它们的转移方式是相同的，所以可以矩阵加速第一维，时间复杂度 \(O(n^4\log n)\)

注意每一段要保证左闭右闭，所以端点一定要特别注意，还有如果答案长度为 \(1\) 需要特判。

三、总结

走到绝境的时候应该思考，\(dp\) 状态、转移等是否合理，不要受困于定式思维。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define int long long
const int M = 55;
const int MOD = 998244353;
int read()
{
	int x=0,f=1;char c;
	while((c=getchar())<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;}
	while(c>='0' && c<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48);c=getchar();}
	return x*f;
}
int n,m,k,s,ans,res,a[M],l[M],r[M],d[M*M];
struct mat
{
	int a[M][M];
	void clear() {memset(a,0,sizeof a);}
	mat() {clear();}
	mat operator * (const mat &b) const
	{
		mat r;
		for(int i=0;i<=m;i++)
			for(int j=0;j<=m;j++)
				for(int k=0;k<=m;k++)
					r.a[i][k]=(r.a[i][k]+a[i][j]*b.a[j][k])%MOD;
		return r;
	}
	void print()
	{
		for(int i=0;i<=m;i++,puts(""))
			for(int j=0;j<=m;j++)
				printf("%d ",a[i][j]);
	}
}A,B;
mat qkpow(mat a,int b)
{
	mat r;
	for(int i=0;i<=m;i++) r.a[i][i]=1;
	while(b>0)
	{
		if(b&1) r=r*a;
		a=a*a;
		b>>=1;
	}
	return r;
}
void solve(int L,int R)
{
	m=k=0;
	for(int i=L,t=s;i<=R;t+=a[i],i++)
	{
		l[++m]=(a[i]>0)?t+1:t-1;
		r[m]=t+a[i];
		if(m==1) l[1]=s;
		d[++k]=l[m],d[++k]=l[m]-1,d[++k]=l[m]+1;
		d[++k]=r[m],d[++k]=r[m]-1,d[++k]=r[m]+1;
	}
	sort(d+1,d+1+k);
	A.clear();A.a[0][0]=1;
	k=unique(d+1,d+1+k)-d-1;
	for(int i=1,ls=s-1;i<=k;i++)
	{
		B.clear();
		if(d[i]<=ls || d[i]>s+ans) continue;
		for(int j=1;j<=m;j++)
			if(min(l[j],r[j])<=ls+1 && max(l[j],r[j])>=d[i])
			{
				for(int k=0;k<=j;k++)
					B.a[k][j]=1;
				if(l[j]>=r[j]) B.a[j][j]=0;
			}
		A=A*qkpow(B,d[i]-ls);ls=d[i];
	}
	for(int i=0;i<=m;i++)
		res=(res+A.a[0][i])%MOD;
}
signed main()
{
	n=read();read();
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		a[i]=read();
		if(!a[i]) {i--;n--;continue;}
	}
	for(int i=1;i<=n;s+=a[i],i++)
		for(int j=i,t=s;j<=n;j++)
		{
			t+=a[j];
			ans=max(ans,t-s);
		}
	if(!ans)
	{
		printf("1 %lld\n",(-s+1)%MOD);
		return 0;
	}
	s=0;
	for(int i=1;i<=n;s+=a[i],i++)
	{
		int r=-1;
		for(int j=i,t=s;j<=n;j++)
		{
			t+=a[j];
			if(t-s==ans) r=j;
		}
		if(r>0) solve(i,r),i=r;
	}
	printf("%lld %lld\n",ans+1,res);
}

标签：...,结尾,int,转折点,++,CF1474F,ls,include
来源： https://www.cnblogs.com/C202044zxy/p/15113113.html