算法tip：栈的可生成性问题

问题描述

给定 pushed 和 popped 两个序列，每个序列中的 值都不重复，判断它们是否可以在最初空栈上进行推入 push 和弹出 pop 操作。（LeetCode 946）

示例：
pushed = [1,2,3,4,5],
popped = [4,5,3,2,1]——>true

pushed = [1,2,3,4,5],
popped = [4,3,5,1,2]——>false

前提

首先，我们知道：

1. 一个数出栈时，在它之前的数一定已经入栈（或入栈后被弹出）。
2. 一个数x入栈时，在它之前入栈的y没有在x入栈前弹出，则必须在x出栈后才能弹出。

思路

由这两点我们可得：
（假设pushed是正序的）如果操作可以实现，则在popped中不可能出现这种情况：

设a<b<c，popped中出现...c，a，b...这种序列。（c出栈则说明a，b已经入栈（前提1），a没有在c出栈之前弹出，即a没有在b入栈之前弹出，则a必须在b出栈后弹出（前提2），所以popped中b一定在a之前，因此不可能出现c，a，b）

所以，只需判断popped中不出现c，a，b结构（c，a，b之间可以有其他数）则操作可实现。

但是，由于判断序列过于复杂，所需时间过多，远达不到我们的要求，因此上述思路

只适用于人眼判断，不适用于程序

下面给出程序判断方式。

解题程序

bool validateStackSequences(vector<int>& pushed, vector<int>& popped) {
         stack<int>temp;
    int j = 0;
    for (auto i = 0; i < pushed.size();) {
        temp.push(pushed[i]);
        ++i;
        while (temp.size()!=0&&temp.top() == popped[j]) {
            temp.pop();
            ++j;
        }//循环判断当栈顶元素与popped想要出栈元素一致时出栈。
    }
    if (temp.size() == 0) {
        return true;
    }
    return false;
    }

解题思路

直接模拟题目的入栈出栈过程，循环入栈，在其间如果top与出栈序列中现在想要出栈的元素相同则出栈。如果操作能执行，则执行到最后栈为空。因为只有一次循环入栈所以时间复杂度为O(N)，因为只用了一个栈存放元素，所以空间复杂度为O(N)。

标签：popped,出栈,入栈,temp,tip,生成,pushed,算法,size
来源： https://www.cnblogs.com/lda-ovo/p/14695500.html