php – 创建zip存档并将其流式传输到ftp服务器

我试图从本地文件创建一个zip文件,并将其直接流式传输到ftp(不先将zip写入磁盘).我没有拉链本身的问题,但似乎ZipArchive类无法识别ftp流包装器.

以下代码是我能想出的最简单的事情,它将说明问题

<?php

$zip = new ZipArchive();
var_dump($zip->open('ftp://[username]:[password]@[hostname.net]/public_html/test.zip', ZipArchive::OVERWRITE));

$zip->addFile(realpath('/input.txt'), 'input.txt');

var_dump($zip->close());

$zip-> open调用返回true,而$zip-> close返回false.我找不到一种方法来获取错误消息或某些更具体的内容,而不仅仅是出现错误.问题是我做错了什么,或者我不能用ZipArchive类做这些事情.

解决方法:

我已经在我的Ubuntu系统上测试了你的代码,我可以确认它不起作用.
通过使用“strace”实用程序,我已经看到PHP正在处理“$filename”参数,就像它是本地文件名一样,如下所示：

lstat64("/var/www/test/ftp://myuser:mypass@127.0.0.1/tmp/test.zip", 0xbfcbb008) = -1 ENOENT (No such file or directory)
lstat64("/var/www/test/ftp://myuser:mypass@127.0.0.1/tmp", 0xbfcbaeb8) = -1 ENOENT (No such file or directory)
lstat64("/var/www/test/ftp://myuser:mypass@127.0.0.1", 0xbfcbad68) = -1 ENOENT (No such file or directory)
lstat64("/var/www/test/ftp:", 0xbfcbac28) = -1 ENOENT (No such file or directory)

“/ var / www / test”前缀是我的PHP测试脚本的路径.
因此,似乎有效的ZipArchive :: open()方法无法处理URL文件名.
看一下PHP源代码,我发现ZipArchive :: open()方法调用了“zip_open”函数.
“fopen”函数的PHP手册页指出：

If filename is of the form “scheme://…”, it is assumed to be a URL
and PHP will search for a protocol handler (also known as a wrapper)
for that scheme. If no wrappers for that protocol are registered, PHP
will emit a notice to help you track potential problems in your script
and then continue as though filename specifies a regular file.

This post,在PHP手册页中找到“stream_wrapper_register”函数,声明zip_open()忽略自定义流包装器,但上面的测试表明它也忽略了标准流包装器.
同样,ZipArchive::open() manual page和zip_open手册页都明确表示“$filename”参数可以是URL.

标签：php,stream,zip,ftp,ziparchive
来源： https://codeday.me/bug/20190620/1248092.html