[SCOI2007]修车

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这道题有一个比较神奇的转化。

很显然，我们要求最少总等待时间。

一般而言，我们看见本题，第一反应都是检查选了多少个，来决定第一个的费用。但是，这样存在巨大的后效性，因为我们每多选一个，之后都会被迫都多加上一个，是一个十分的复杂的动态问题。

我们试图将这样一个问题静态化，即我们多选一个只与当前有关，与之前无关。

我们不妨假设当前选的第一个是这个修理员修理的最后一个，那么他产生的贡献就恰好只是他自己的修理时间，当前选的第 \(k\) 是这个修理员的倒数第 \(k\) 个，产生的贡献就恰好只是修理时间乘以 \(k\) 。

至此我们完成来对部分后效性的处理。

现在这个问题被转化成了每个修理员可以选择 \(n\) 次，第 \(k\) 次选择中可以选择任何一辆车进行修理也可以不选，代价为修理这辆车的时间乘以 \(k\) ，同时每辆车最多被选择 \(1\) 次。

这个问题拥有次数上限必须达到，费用固定的特点，因此这个问题就被转化成为了最小费用最大流的模型，直接建图求解即可。

#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;

template <typename T>
void read(T &x) {
	T f=1;x=0;char s=getchar();
	while(s<'0'||s>'9') {if(s=='-') f=-1;s=getchar();}
	while(s>='0'&&s<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(s^'0');s=getchar();}
	x *= f;
}

const int MAXN = 1e6 + 5;
const int MAXM = 1e6 + 5;
const LL inf = 1e15 + 5;

int head[MAXN] , to[MAXM << 1] , nxt[MAXM << 1] , cnt = 1;
LL edge[MAXM << 1] , val[MAXM << 1]; 
void add(int u , int v , LL c , LL w) {
	nxt[++cnt] = head[u];head[u] = cnt;to[cnt] = v;edge[cnt] = c;val[cnt] = w;
	nxt[++cnt] = head[v];head[v] = cnt;to[cnt] = u;edge[cnt] = 0;val[cnt] = -w;
} 

int s , t , num , cur[MAXN] , vis[MAXN];
LL dis[MAXN];

struct MinCostMaxFlow {
	LL MinCost , MaxFlow;
	bool bfs() {
		for (int i = 1; i <= num; ++i) dis[i] = inf , cur[i] = head[i] , vis[i] = 0;
		dis[s] = 0;
		queue <int> q;q.push(s);
		int flag = 0;
		while(!q.empty()) {
			int x = q.front();
			q.pop();
			vis[x] = 0;
			for (int i = head[x]; i; i = nxt[i]) {
				int v = to[i];
				if(!edge[i]) continue;
				if(dis[v] > dis[x] + val[i]) {
					dis[v] = dis[x] + val[i];
					if(v == t) {
						flag = 1;
						continue;
					}
					if(!vis[v]) vis[v] = 1 , q.push(v);
				}
			} 
		}
		return flag;
	}
	LL Dinic(int x , LL flow) {
		if(x == t) {
			MinCost += dis[x] * flow;
			MaxFlow += flow;
			return flow;
		}
		LL rest = flow;
		vis[x] = 1;
		for (int i = cur[x]; i && rest; i = nxt[i]) {
			cur[x] = i;
			int v = to[i];
			if(!edge[i]) continue;
			if(!vis[v] && dis[v] == dis[x] + val[i]) {
				LL k = Dinic(v , min(rest , edge[i]));
				if(!k) dis[v] = -inf;
				edge[i] -= k;
				edge[i ^ 1] += k;
				rest -= k;
			}
		}
		vis[x] = 0;
		return flow - rest;
	}
	void MVMC() {
		MinCost = 0 , MaxFlow = 0;
		while(bfs()) Dinic(s , inf);
	}
}MIN;

int n , m , T[105][15] , per[15] , car[105];

int main() {
	read(m),read(n);
	for (int i = 1; i <= n; ++i) {
		for (int j = 1; j <= m; ++j) {
			read(T[i][j]);
		}
	}
	s = 1 , t = 2 , num = 2;
	for (int i = 1; i <= m; ++i) add(s , ++num , inf , 0) , per[i] = num;
	for (int i = 1; i <= n; ++i) add(++num , t , 1 , 0) , car[i] = num;
	for (int i = 1; i <= m; ++i) {
		for (int j = 1; j <= n; ++j) {
			int tmp = ++num;
			add(per[i] , tmp , 1 , 0);
			for (int k = 1; k <= n; ++k) {
				add(tmp , ++num , 1 , T[k][i] * j);
				add(num , car[k] , 1 , 0);
			}
		}
	} 
	MIN.MVMC();
	printf("%.2f" , MIN.MinCost * 1.0 / n);
	return 0;
}

标签：int,flow,修车,vis,修理,rest,SCOI2007,dis
来源： https://www.cnblogs.com/Reanap/p/14247122.html