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NOIP2019普及组纪念品

作者:互联网

【完全背包】NOIP2019普及组(CSP-J)T3:纪念品

  蒟蒻没有去CSP-J,今天做背包的时候做了这道题,比18年的T3简单多了(废话18年是摆渡车),个人觉得这道题很适合作为一道背包的进阶题目(其实就是比模板题难一点啊),所以做完以后来这里写下思路供大家参考。虽然很水但我还是调试了半天才过
  不废话了,传送门:P5662

  难点在于如何处理拥有的纪念品。我们不妨在当天交易之前把持有的纪念品全部卖出,但你发现你不知道这一天的纪念品如何存储,我们发现在每一天的最后把购置的纪念品全部以第二天的价格卖出,就相当于在第二天一开始卖出,那么为什么一定在全部交易完后才卖呢?我们完全可以在买的同时用第二天的价格卖出(只是改动了纪念品卖出的时间,而且这三种方案是等价的)。
  然后把金币作为背包容量,当天价格作为费用,下一天的价格减去当天价格的差作为价值,这样做求出的是净利润,即最后在原有金币的基础上赚的,那么这一天的最大收益就是上一天的最大收益+这一天的净利润。
  其实就是完全背包的一个简单变形(不让你直接模板套上去罢了),贴出AC代码:

 #include<iostream>
 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 using namespace std;
 int t,n,m,p[110][110];
 int f[10100],ans[110];
 int main(){
 	ios::sync_with_stdio(false);
 	cin>>t>>n>>m;
 	for(int i=1;i<=t;i++){
 		for(int j=1;j<=n;j++){
 			cin>>p[i][j];
		 }
	 }
 	//如果只有一天,直接输出m(全部卖出)
 	ans[0]=m;
	if(t==1){
		cout<<m;
		return 0;
	} 
	for(int k=1;k<=t-1;k++){
		memset(f,0,sizeof f);
		int w=ans[k-1];//在不超过m的情况下尽可能多的购置
		for(int i=1;i<=n;i++){
			for(int j=p[k][i];j<=w;j++){
				f[j]=max(f[j],f[j-p[k][i]]+(p[k+1][i]-p[k][i]));
			}
		} 
		ans[k]=w+f[w];
	}
	cout<<ans[t-1]<<endl;
 	return 0;
 }

19年的T3都AC了,有没有大佬教我T4怎么做啊(

END

标签:普及,纪念品,int,一天,NOIP2019,背包,卖出,include
来源: https://blog.csdn.net/Sakura_code/article/details/106588399