P3239 [HNOI2015]亚瑟王 期望 dp

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Saber！Excalibur！

比较难的期望dp.

可以发现如果暴力枚举所有的局面复杂度很高 。

转换的思路则是 期望的线性性。

求出每张牌的期望累加即可。

考虑每张牌的期望=这张牌使用的概率*这张牌造成的伤害。

容易得到第一张牌使用的概率=\(p_1+(1-p_1)p_1+(1-p_1)^2p_1+...\) 等比数列求和后容易得到 \(1-(1-p_1)^r\)

同样 我们使用容斥也可以得到上述结果。

接下来需要求出其他牌的概率。由于题目中的条件 使用了一张牌后就结束本局 所以按照局数来进行dp会非常的繁杂 且还需要记录到底哪张牌用过与否。

容易发现 对于第i张牌 有影响的是前i-1张牌。

考虑状态 f[i][j]表示 在所有局数中 前i张牌有j张使用的概率 有了这个就可以求出某张牌的pi了。

\(w_i=1-\sum_{k=0}^{i-1}f[i-1][k]\cdot (1-p_i)^{r-k}\)

\(f[i][j]=f[i-1][j]\cdot (1-p_i)^{r-k}+f[i-1][j-1]\cdot (1-(1-p_i)^{r-k+1})\)

这样问题就得到了很好的解决 需要预处理概率的幂次 时间复杂度 Ntr /cy.

const int MAXN=250;
int n,T,r;
db w[MAXN][MAXN],f[MAXN][MAXN],d[MAXN],s[MAXN],ans;
inline db ksm(db b,ll p)
{
	db cnt=1;
	while(p)
	{
		if(p&1)cnt=cnt*b;
		b=b*b;p=p>>1;
	}
	return cnt;
}
int main()
{
	freopen("1.in","r",stdin);
	gt(T);
	while(T--)
	{
		gt(n);gt(r);
		rep(1,n,i)gi(s[i]),gi(d[i]);
		rep(1,n,i){w[i][0]=1;rep(1,r,j)w[i][j]=w[i][j-1]*(1-s[i]);}
		f[0][0]=1;
		rep(1,n,i)
		{
			rep(0,min(r,i),j)
			{
				f[i][j]=0;
				f[i][j]+=f[i-1][j]*w[i][r-j];
				f[i][j]+=f[i-1][j-1]*(1-w[i][r-j+1]);
			}
		}
		ans=0;
		rep(1,n,i)
		{
			db ww=1;
			rep(0,min(i-1,r),k)ww-=f[i-1][k]*w[i][r-k];
			ans=ans+ww*d[i];
		}
		printf("%.10lf\n",ans);
	}
	return 0;
}

标签：cnt,rep,db,张牌,MAXN,ans,P3239,亚瑟王,dp
来源： https://www.cnblogs.com/chdy/p/12781606.html