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长乐国庆集训Day2

作者:互联网

T1 连珠风暴

题目

【题目描述】

给定M种颜色的珠子,每种颜色珠子的个数均不限,将这些珠子做成长度为N的项链。

问能做成多少种不重复的项链。两条项链相同,当且仅当两条项链通过旋转或是翻转后能重合在一起,且对应珠子的颜色相同。

【输入格式】

一行两个整数分别表示M,N。

【输出格式】

一行一个整数表示答案。

【输入样例】

2 5

【输出样例】

8 

【数据规模】

对于30%的数据,n,m≤4;

对于60%的数据,n,m≤5;

对于100%的数据,nm≤32。

解析

nm≤32,可以直接暴力AC。

正解貌似是Polya定理。

Code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
int m,n,ans;
int gcd(int x,int y)
{
    if(y==0) return x;
    return gcd(y,x%y);
}
int main()
{
    //freopen("necklace.in","r",stdin);
    //freopen("necklace.out","w",stdout);
    cin>>m>>n;
    for(int i=1;i<=n;i++) ans+=pow(m,gcd(n,i));
    if(n&1) ans+=n*pow(m,(n+1)/2);
    else ans+=(n/2)*pow(m,(n+2)/2)+(n/2)*pow(m,n/2);
    cout<<ans/(n*2);
    return 0;
}
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T2 种树

题目

【题目描述】

Fanvree很聪明,解决难题时他总会把问题简单化。例如,他就整天喜欢把图转化为树。但是他不会缩环,那他怎么转化呢?

这是一个有n个点m条双向边的图,Fanvree会选定一个节点,然后删掉这个节点和这个点连出去的边,如果变成了一棵树,那么这个节点便是可行的,什么是树呢?树也即无简单环的无向连通图。

告诉Fanvree可能的节点是什么。

【输入格式】

第一行两个正整数n,m,表示有n个点m条边。保证n≥2。

接下来m行,每行两个整数v,u,表示v和u之间有一条无向边1≤v,u≤n。保证没有重边和自环。

【输出格式】

第一行一个正整数 ns,表示这个图中有 ns 个结点可选。

接下来一行,共 ns 个整数,每个整数表示一个可选结点的编号。请按编号从小到大的顺序输出。

数据保证图中至少存在一个可选的结点。

【输入样例】

6 6
1 2
1 3
2 4
2 5
4 6
5 6

【输出样例】

3
4 5 6

【数据规模】

对于40%的数据,n,m≤1000;  

另存在10%的数据,m=n-1;

另存在20%的数据,m=n;

对于100%的数据,n,m≤100000。

解析

可选的点必然不是割点。

选好点后,如果图是连通的,且剩余边数刚好为n-2,那么这个点就是可选的。

Code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <queue>
using namespace std;
const int N=100010;
int n,m,head[N],ver[N<<1],Next[N<<1],tot,deg[N],ans,dfn[N],low[N],cnt,anss[N],cut[N];
void add(int x,int y)
{
    ver[++tot]=y;
    Next[tot]=head[x],head[x]=tot;
}
void tarjan(int x)
{
    int child=0;
    dfn[x]=++cnt,low[x]=cnt;
    for(int i=head[x];i;i=Next[i])
    {
        int y=ver[i];
        if(!dfn[y])
        {
            tarjan(y);
            low[x]=min(low[x],low[y]);
            if(low[y]>=dfn[x]&&x!=1) cut[x]=1;
            if(x==1) child++;
        }
        low[x]=min(low[x],dfn[y]);
    }
    if(child>=2) cut[x]=1;
}
int main()
{
    cin>>n>>m; 
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        int x,y;
        cin>>x>>y;
        add(x,y),add(y,x);
        deg[x]++,deg[y]++;
    }
    tarjan(1);
    for(int i=1;i<=n;i++)
        if(!cut[i]&&deg[i]==m-n+2)
        {
            ans++;
            anss[ans]=i;
        }
    if(ans==0)
    {
        cout<<-1;
        return 0;
    }
    cout<<ans<<endl;
    for(int i=1;i<=ans;i++) cout<<anss[i]<<" ";
    return 0;
}
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T3 序列

题目

【题目描述】

Fiugou想要在一个长度为N的序列A中找到不同位置的三个数,以这三个数为三边长来构成一个三角形。但是它希望在满足条件下,这三个数的位置尽量靠前。

具体地,设这三个数的为Ai,Aj,Ak(i<j<k),Fiugou希望k尽量小;当k相等时,满足j尽量小;当k,j均相等时,满足i尽量小。

但是这个序列中的数可能会发生变化。所以Fiugou给出了M个操作,形式如下:

1 x y:将Ax改为y;
2:查询最优的合法解,从小到大给出这三个数(而不是位置)。

【输入格式】

第一行一个整数N,代表序列的长度。

第二行有N个整数,代表初始序列。

第三行一个整数M,代表操作的个数。

接下来M行操作,两种操作格式如上所述。

【输出格式】

共M行,每行三个数,从小到大给出。如果不存在,输出-1。

【输入样例】

6
7 1 3 4 5 1
3
2
1 3 5
2

【输出样例】

3 5 7
4 5 7

【数据规模】

对于10%的数据,N≤10,M≤5;

对于30%的数据,N≤100,M≤25;

对于50%的数据,N≤1000,M≤1000;

对于100%的数据,N≤100000,M≤1000,1≤Ai≤2×109,1≤x≤N,1≤y≤2×109

解析

直接暴力模拟即可,注意三角形三边的关系判断与i,j,k的关系判断。

Code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
inline long long read()
{
    int num=0;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9') ch=getchar();
    while(ch>='0'&&ch<='9')
    {
        num=(num<<1)+(num<<3)+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return num;
}
int n,m;
long long a[100100];
int main()
{
    n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=read();
    m=read();
    for(int t=1;t<=m;t++)
    {
        int r=read();
        if(r==1)
        {
            int x=read();
            long long y=read();
            a[x]=y;
        }
        else
        {
            bool ok=false;
            for(int k=3;k<=n;k++)
                if(!ok)
                    for(int j=2;j<k;j++)
                        if(!ok)
                            for(int i=1;i<j;i++)
                                if(a[i]+a[j]>a[k]&&a[i]+a[k]>a[j]&&a[j]+a[k]>a[i])
                                {
                                    if(a[i]<a[j])
                                    {
                                        if(a[i]<a[k])
                                        {
                                            cout<<a[i]<<" ";
                                            if(a[j]<a[k]) cout<<a[j]<<" "<<a[k]<<endl;
                                            else cout<<a[k]<<" "<<a[j]<<endl;
                                        }
                                        else cout<<a[k]<<" "<<a[i]<<" "<<a[j]<<endl;
                                    }
                                    else
                                    {
                                        if(a[i]<a[k]) cout<<a[j]<<" "<<a[i]<<" "<<a[k]<<endl;
                                        else
                                        {
                                            if(a[j]<a[k]) cout<<a[j]<<" "<<a[k]<<" ";
                                            else cout<<a[k]<<" "<<a[j]<<" ";
                                            cout<<a[i]<<endl;
                                        }
                                    }
                                    ok=true;
                                    break;
                                }
            if(!ok) cout<<"-1"<<endl;
        }
    }
    return 0;
}
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T4 礼物

题目

【题目描述】

夏川的生日就要到了。作为夏川形式上的男朋友,季堂打算给夏川买一些生日礼物。

商店里一共有N种礼物。夏川每得到一种礼物,就会获得相应喜悦值Wi(每种礼物的喜悦值不能重复获得)。

每次,店员会按照一定的概率Pi(或者不拿出礼物),将第i种礼物拿出来。

季堂每次都会将店员拿出来的礼物买下来。没有拿出来视为什么都没有买到,也算一次购买。

季堂希望最后夏川的喜悦值尽可能地高。

求夏川最后最大的喜悦值是多少,并求出使夏川得到这个喜悦值,季堂的期望购买次数。

【输入格式】

第一行,一个整数N,表示有N种礼物。

接下来N行,每行一个实数Pi和正整数Wi,表示第i种礼物被拿出来的概率和可以获得喜悦值。

【输出格式】

第一行,一个整数表示可以获得的最大喜悦值。

第二行,一个实数表示获得这个喜悦值的期望购买次数,保留3位小数。

【输入样例】

3
0.1 2
0.2 5
0.3 7

【输出样例】

14
12.167

【数据规模】

对于10%的数据,N=1;

对于30%的数据,N≤5;

对于100%的数据,N ≤ 20,0<Wi≤109,0<Pi≤1且ΣPi≤1。

解析

期望值是什么鬼?

N只有20,可以考虑用状压DP:

设fs表示已经购买的礼物集合为s时的期望购买次数,则转移方程为:

Code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
const int N=(1<<20)+5;
double p[N],f[N];
int n,w[N];
long long ans;
int main()
{
    cin>>n;
    for(int i=0;i<n;i++) cin>>p[i]>>w[i],ans+=w[i];
    int temp=1<<n;
    for(int i=1;i<temp;i++)
    {
        double pp=0,ff=1;
        for(int j=0;j<n;j++)
            if(1<<j&i) ff+=f[1<<j^i]*p[j],pp+=p[j];
        f[i]=ff/pp;
    }
    cout<<ans<<endl;
    printf("%.3f",f[temp-1]);
    return 0;
}
View Code

 

标签:Code,int,Day2,样例,整数,长乐,include,数据,集训
来源: https://www.cnblogs.com/I-Love-You-520/p/11617054.html