POJ1146——ID Codes
作者:互联网
ID Codes
来自:POJ1146
#include <iostream>
#include <ctime>
#include <string>
using namespace std;
#define LL long long
int len,pos;
string s;
int ch[26];
int main(){
while(cin>>s&&s!="#"){
clock_t beg=clock();
len=s.length()-1;
pos=-1;
for(int i=0;i<26;i++)
ch[i]=0;
char c;
for(int i=len;i>=1;i--){
ch[s[i]-97]++;
if(s[i-1]<s[i]){
pos=i-1;
ch[s[i-1]-97]++;
c=s[i-1];
break;
}
}
if(pos==-1){
clock_t end=clock();
cout<<"No Successor in time:"<<end-beg<<"ms"<<endl;
}
else {
s=s.substr(0,pos);
for(int i=(c-97+1);i<26;i++){
if(ch[i]){
s+=char(97+i);
ch[i]--;
break;
}
}
for(int i=0;i<26;i++){
if(ch[i]){
s+=char(97+i);
ch[i]--;
i--;
}
}
clock_t end=clock();
cout<<s<<" in time:"<<end-beg<<"ms"<<endl;
}
}
return 0;
}
你能相信我因为"No Successor"写成了"NO Successor"而找了一晚上的BUG吗,气死啦
这道题最难的是它的题面英文看不懂,需要借助百度翻译;思路还是很清楚的,就是字典序的定义,比较字母与它右侧字母的大小,寻找顺序部分与逆序部分。会观察到字母的变化总是发生在最后一个顺序部分起头的子串,为了方便程序表示,从右往左看,第一次出现 s[i-1]<s[i]
位置i-1就是子串的起点,在剩余部分中找出最小的s[n]使得s[n]>s[i-1],将s[n]与s[i-1]交换,再将s[i]为起点的子串按字典序全排列即可。
这里有几个技巧,我使用了桶数组统计子串字母的出现情况,便于找出s[n],也可以直接输出全排列后的子串;在寻找s[n]时还可以在从右往左遍历选出的子串,找出的第一个大于s[i-1]的字母就是最小的,这是因为子串自右往左是非递减的,一开始我为了debug找大佬程序时看到这个片段懵了好久。程序段如下:
void change()
{
int len =a.length()-1;
int min=200;
while(len>front)
{
if(a[len]>a[front]) //非递减思路
{
min=len;
}
len--;
}
char temp=a[min];
a[min]=a[front];
a[front]=temp;
}
英文手册:
albeit:尽管
thereby:因此
chronic:慢性的
radical:彻底的、激进的
wrist:手腕
implant:植入
dole:救济金
haphazard:随意的
consecutively:连续的
successor:接替的人或事物
标签:子串,Codes,min,POJ1146,字母,len,int,front,ID 来源: https://www.cnblogs.com/Forest-set-you/p/16307902.html