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1. 题目描述

2. Solution 1

1、思路分析
模拟栈操作，每次都取出最低位 x % 10，累加到结果中，需要注意对溢出情况的处理。
2、代码实现

package Q0099.Q0007ReverseInteger;

public class Solution1 {
    /*
      reverse 自然想到 Stack，不使用额外的空间，手动模拟：
      每次取x的个位顺序放都结果中即可。
      使用int保存结果，注意溢出。
     */
    public int reverse(int x) {
        int rev = 0;
        while (x != 0) {
            int pop = x % 10;
            x /= 10;
            if (rev > Integer.MAX_VALUE / 10 || (rev == Integer.MAX_VALUE / 10 && pop > 7)) return 0;
            if (rev < Integer.MIN_VALUE / 10 || (rev == Integer.MIN_VALUE / 10 && pop < -8)) return 0;
            rev = rev * 10 + pop;
        }
        return rev;
    }
}

time complexity: O(n)
space complexity: O(1)

3. Solution 2

1、思路分析
(newResult - tail) / 10 != result 处理溢出的情况。
考虑溢出的情况，x = Integer.MAX_VALUE = 2147483647
若反转则为 7463847412，当处理到最后一位2时，发生了溢出， 746384741 * 10 + 2 已经溢出为负
再做逆计算也不可能等于 746384741
2、代码实现

package Q0099.Q0007ReverseInteger;

public class Solution2 {
    public int reverse(int x) {
        int result = 0;
        while (x != 0) {
            int tail = x % 10;
            int newResult = result * 10 + tail;
            if ((newResult - tail) / 10 != result)
                return 0;
            result = newResult;
            x = x / 10;
        }
        return result;
    }
}

time complexity: O(n)
space complexity: O(1)

标签：10,0007,return,int,rev,result,Integer,LeetCode
来源： https://www.cnblogs.com/junstat/p/15929992.html