「openjudge (poj) - 1057」Chessboard
作者：互联网
调起来真的呕吐，网上又没篇题解。大概是个不错的题。
首先行和列一定是独立的，所以我们把行列分开考虑。这样的问题就弱化为：在一个长度为 \(n\) 的格子带上，有 \(n\) 个物品，每个物品 \(x\) 对应一个区间 \([l_x,r_x]\)，分配每个物品的居所使得各住各的，求出其中的固定点。
把物品放在左部，把格子放在右部，即构造一个二部图。那么问题就是求出其最大匹配的必要边。先考虑如何求这个的最大匹配，这是个经典贪心吧，把每个区间按 \(l\) 排序，然后枚举位置，优先填入 \(r\) 小的物品。跑完后（即规定好方向后）对整个图跑缩点，两端点不在同一连通块的边即为必要边。
这个的边数是 \(O(n^2)\) 的，因为连边一下连一个区间，考虑利用这个来优化。线段树的高度不高吧，而且能够用来刻画一个区间，于是用这个东西来优化连边。
具体一点是，线段树上父亲对两个儿子连边，物品就对线段树上自己的区间连边即可。注意清空的时候带脑子……
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define cmin(x, y) x = min(x, y)
#define cmax(x, y) x = max(x, y)
void eof(const char IO) {if(IO == -1) exit(0);}
template<typename T=int> T read() {
T x=0; char IO=getchar(); bool f=0; eof(IO);
while(IO<'0' || IO>'9') f|=IO=='-',eof(IO=getchar());
while(IO>='0' && IO<='9') x=x*10+(IO&15),eof(IO=getchar());
return f?-x:x;
}
int n,A[100100],B[100100],C[100100],D[100100],rec1[100100],rec2[100100],tot,ans1[100100],ans2[100100];
int col[400100],dfn[400100],low[400100],dfsnt,colnt,sta[400100],top,mat[400100],inst[400100];
priority_queue<pair<int, int>, vector<pair<int, int>>, greater<pair<int, int>>> q;
struct node{
int l,r,id;
friend bool operator<(const node& x,const node& y) {return x.l < y.l;}
} cur[100100];
vector<node> ans;
vector<vector<int>> e;
void DFS(const int now) {
inst[sta[++top] = now] = 1;
dfn[now] = low[now] = ++dfsnt;
for(const int y : e[now]) {
if(!dfn[y]) DFS(y),cmin(low[now], low[y]);
else if(inst[y]) cmin(low[now], dfn[y]);
}
if(low[now]^dfn[now]) return;
colnt++;
int y; do {
inst[y = sta[top--]] = 0;
col[y] = colnt;
} while(y != now);
}
#define mem(x, w, n) memset(x, w, n)
void sweep() {
e.clear();
mem(col, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(col)));
mem(dfn, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(dfn)));
mem(low, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(low)));
mem(sta, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(sta)));
mem(inst, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(inst)));
mem(mat, 0, min(size_t(n*4*30), sizeof(mat)));
// puts("DEBUGGING ----------");
// for(int* i : {col, dfn, low, sta, inst}) {
// for(int j = 0; j < 233; ++j) printf(" %d",i[j]);
// puts("");
// }
// puts("END___D__D__D____D___D_");
tot = dfsnt = colnt = top = 0;
while(q.size()) q.pop();
}
int tr[400100],reid[400100];
void addedge(const int one, const int ano) {
// printf("add:%d %d\n",one,ano);
if(one >= int(e.size())) e.resize(one+1);
e[one].push_back(ano);
}
void build(const int now, int l, int r) {
// printf(" %d %d\n",l,r);
tr[now] = ++tot;
if(l == r) return reid[l] = tot,void();
int mid = (l+r)>>1;
build(now<<1, l, mid),build(now<<1|1, mid+1, r);
addedge(tr[now], tr[now<<1]),addedge(tr[now], tr[now<<1|1]);
}
void lin(int x,int y,int k,const int now = 1,int l = 1,int r = n) {
if(l>y || r<x || x>y) return;
if(l>=x && r<=y) return addedge(k, tr[now]),void();
int mid = (l+r)>>1;
lin(x, y, k, now<<1, l, mid),lin(x, y, k, now<<1|1, mid+1, r);
}
bool solve(int rec[], int ans[]) {
sweep();
static int l[100100], r[100100];
for(int i=1; i<=n; ++i) l[i] = cur[i].l,r[i] = cur[i].r;
sort(cur + 1, cur + n + 1);
for(int i=1, p=1; i<=n; ++i) {
while(p <= n && cur[p].l <= i) q.emplace(cur[p].r, cur[p].id),p++;
if(!q.size() || q.top().first<i) return 0;
mat[q.top().second] = i;
q.pop();
}
tot = n;
build(1, 1, n);
// printf(" tot: %d\n", tot);
// for(int i=1; i<=4*n; ++i) printf(" %d",tr[i]);
// puts("");
for(int i=1; i<=n; ++i) {
addedge(reid[mat[i]], i);
lin(l[i], mat[i]-1, i);
lin(mat[i]+1, r[i], i);
}
for(int i=1; i<=tot; ++i) if(!dfn[i]) DFS(i);
// for(int i=1; i<=tot; ++i) printf(" %d",col[i]);
for(int i=1; i<=n; ++i) rec[i] = col[i] != col[reid[mat[i]]],ans[i] = mat[i];
return 1;
}
signed main() {
while(n = read(),233) {
for(int i=1; i<=n; ++i) A[i] = read(),B[i] = read(),C[i] = read(),D[i] = read();
for(int i=1; i<=n; ++i) cur[i] = (node){A[i], C[i], i};
if(!solve(rec1, ans1)) {
puts("-1");
goto Fail;
}
for(int i=1; i<=n; ++i) cur[i] = (node){B[i], D[i], i};
if(!solve(rec2, ans2)) {
puts("-1");
goto Fail;
}
vector<node>().swap(ans);
for(int i=1; i<=n; ++i) if(rec1[i] && rec2[i]) ans.push_back((node){i, ans1[i], ans2[i]});
cout<<ans.size()<<endl;
for(const auto [x, y, z] : ans) printf("%d %d %d\n", x, y, z);
Fail:;
}
return 0;
}
标签：int,Chessboard,mem,poj,low,IO,now,openjudge,size 来源： https://www.cnblogs.com/orchid-any/p/15757537.html