洛谷 P1582 倒水
作者:互联网
题目描述
一天,CC买了N个容量可以认为是无限大的瓶子,开始时每个瓶子里有1升水。接着~~CC发现瓶子实在太多了,于是他决定保留不超过K个瓶子。每次他选择两个当前含水量相同的瓶子,把一个瓶子的水全部倒进另一个里,然后把空瓶丢弃。(不能丢弃有水的瓶子)
显然在某些情况下CC无法达到目标,比如N=3,K=1。此时CC会重新买一些新的瓶子(新瓶子容量无限,开始时有1升水),以到达目标。
现在CC想知道,最少需要买多少新瓶子才能达到目标呢?
输入输出格式
输入格式:
一行两个正整数, N,K(1\le N\le 2\times 10^9,K\le 10001≤N≤2×109,K≤1000)。
输出格式:
一个非负整数,表示最少需要买多少新瓶子。
输入输出样例
输入样例#1:3 1输出样例#1:
1输入样例#2:
13 2输出样例#2:
3输入样例#3:
1000000 5输出样例#3:
15808
解题思路:
首先明确一点,每个瓶中的水量都是2的幂,这个不难证明。 其次,想要瓶子更少,则要尽可能把瓶子合并,这是什么意思呢? 举个例子,输入N=13,K=2,先不考虑购买新瓶子和K,给出13个瓶子的两种合并方案,4 4 4 1和8 4 1。不废话,后者显然更好。 其实也不难证明上面这条的最优性质,总之,我们总是希望尽可能把多的瓶子合并。 实际算法不难,首先把瓶子先进行合并,最后总会得到一个无法再合并的结果,比如上面的8 4 1,但是这时候我们仍有三个瓶子,而数据要求我们最多剩下2个瓶子,所以我们第二步就是对最后两个瓶子进行合并,这时候直接4-1=3,即所求需要购买的瓶子数,于是最后两个瓶子可以合并为一个蓄水量为8的瓶子。
算法设计也比较简单,我这里用的是递归来实现。
func1(n,r): 返回将n个瓶子存入数组f之后,所使用的数组长度,r传入1。 我们在这个函数中找到小于n的最大的2的幂y,这个数字填充数组当前位置,然后再递归调用func1(n-y,r+1),返回其返回值。 边界条件为n==0,此时直接返回r-1。
func2(n,r): 合并数组f中下标为r~n的瓶子,通常r<=n。 两个边界条件:1.n<r+1,直接返回0,因为n绝对小于r,不需要合并。2.n==r+1,说明要合并的瓶子是相邻的两个,直接将他们合并,然后返回就好了。 如果需要合并且合并的不是相邻两个瓶子,那么我们可以递归地调用func2(n,r+1),这样会把编号为r+1到n的瓶子合并,于是我们就可以直接再把编号为r和r+1的瓶子合并,注意要计算结果。
AC代码:
1 #include<cstdio> 2 #define ll long long 3 using namespace std; 4 ll n,k,f[1005]; 5 int process1(ll n1,ll r) { 6 if(!n1) return r - 1; 7 ll y = 1; 8 while(true) { 9 if(y * 2 > n1) break; 10 y = y + y; 11 } 12 f[r] = y; 13 return process1(n1-y,r+1); 14 } 15 int process2(ll n2,ll r) { 16 if(n2 < r + 1) return 0; 17 if(n2 == r + 1) { 18 ll y = f[r] - f[n2]; 19 f[r] *= 2; 20 return y; 21 } 22 ll u = process2(n2,r+1); 23 ll e = f[r] - f[r+1]; 24 f[r] *= 2; 25 return u + e; 26 } 27 int main() 28 { 29 scanf("%lld%lld",&n,&k); 30 int t = process1(n,1); 31 int ans = process2(t,k); 32 printf("%d",ans); 33 return 0; 34 }
标签:倒水,洛谷,CC,ll,样例,return,瓶子,int,P1582 来源: https://www.cnblogs.com/lipeiyi520/p/10393107.html