题目

给定\(n\)个数，将这个数列复制\(k\)次得到数列\(a\)，
对\(a\)满足区间赋值操作和区间最小值询问
\(n\leq 10^5,q\leq 10^5,k\leq 10^4即|a|\leq 10^9\)

分析

先考虑线段树的区间赋值和区间最小值询问，如果没有复制那就是基本操作，
考虑一个很大的变化就是不可能将整棵线段树完全建好，
考虑动态开点线段树，每当新开一个点时，就先赋值为最小值，
这样线段树的大小为\(O(q\log|a|)\)，区间赋值和区间最小值照常完成，
所以问题就转换成快速求未改动时区间最小值，这个用RMQ做就可以了，
如果该区间长度不短于\(n\)就直接是原来\(n\)个数的最小值，
否则如果这一段跨越了复制点，就维护前缀最小值和后缀最小值拼凑，
如果区间在一段内直接用RMQ

代码

#include <cstdio>
#include <cctype>
#define rr register
using namespace std;
const int N=100011;
int f[N][17],two[17],lg[N],pre[N],suf[N],w[N<<6],lazy[N<<6],root,ls[N<<6],rs[N<<6],cnt,n,m;
inline signed iut(){
	rr int ans=0; rr char c=getchar();
	while (!isdigit(c)) c=getchar();
	while (isdigit(c)) ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(c^48),c=getchar();
	return ans;
}
inline void print(int ans){
	if (ans>9) print(ans/10);
	putchar(ans%10+48);
}
inline signed min(int a,int b){return a<b?a:b;}
inline signed RMQ(int l,int r){
	rr int z=lg[r-l+1];
	return min(f[l][z],f[r-two[z]+1][z]);
}
inline signed answ(int l,int r){
	if (r-l+1>=n) return pre[n];
	rr int posl=(l-1)/n+1,posr=(r-1)/n+1;
	l-=(posl-1)*n,r-=(posr-1)*n;
	return (posl==posr)?RMQ(l,r):min(suf[l],pre[r]);
}
inline void update(int &k,int l,int r,int x,int y,int z){
	if (!k) w[k=++cnt]=answ(l,r);
	if (l==x&&r==y) {w[k]=lazy[k]=z; return;}
	rr int mid=(l+r)>>1;
	if (lazy[k]){
		if (!ls[k]) ls[k]=++cnt;
		if (!rs[k]) rs[k]=++cnt;
		w[ls[k]]=lazy[ls[k]]=lazy[k],
		w[rs[k]]=lazy[rs[k]]=lazy[k],
		lazy[k]=0;
	}
	if (y<=mid){
		if (!rs[k]) w[rs[k]=++cnt]=answ(mid+1,r);
		update(ls[k],l,mid,x,y,z);
	}
	else if (x>mid){
		if (!ls[k]) w[ls[k]=++cnt]=answ(l,mid);
		update(rs[k],mid+1,r,x,y,z);
	}
	    else update(ls[k],l,mid,x,mid,z),update(rs[k],mid+1,r,mid+1,y,z);
	w[k]=min(w[ls[k]],w[rs[k]]);
}
inline signed query(int &k,int l,int r,int x,int y){
	if (!k) w[k=++cnt]=answ(l,r);
	if (l==x&&r==y) return w[k];
	rr int mid=(l+r)>>1;
	if (lazy[k]){
		if (!ls[k]) ls[k]=++cnt;
		if (!rs[k]) rs[k]=++cnt;
		w[ls[k]]=lazy[ls[k]]=lazy[k],
		w[rs[k]]=lazy[rs[k]]=lazy[k],
		lazy[k]=0;
	}
	if (y<=mid) return query(ls[k],l,mid,x,y);
	else if (x>mid) return query(rs[k],mid+1,r,x,y);
	    else return min(query(ls[k],l,mid,x,mid),query(rs[k],mid+1,r,mid+1,y));
} 
signed main(){
	n=iut(),m=iut(),lg[0]=-1,two[0]=1,pre[0]=suf[n+1]=1e9+7;
	for (rr int i=1;i<17;++i) two[i]=two[i-1]<<1;
	for (rr int i=1;i<=n;++i) f[i][0]=iut(),lg[i]=lg[i>>1]+1;
	for (rr int i=1;i<=n;++i) pre[i]=min(pre[i-1],f[i][0]);
	for (rr int i=n;i>=1;--i) suf[i]=min(suf[i+1],f[i][0]);
	for (rr int j=1;j<=lg[n];++j)
	for (rr int i=1;i+two[j]-1<=n;++i)
	    f[i][j]=min(f[i][j-1],f[i+two[j-1]][j-1]);
	for (rr int T=iut();T;--T){
		rr int opt=iut(),l=iut(),r=iut();
		if (opt==1) update(root,1,n*m,l,r,iut());
		    else print(query(root,1,n*m,l,r)),putchar(10);
	}
	return 0;
}

标签：lazy,RMQ,rs,int,mid,最小值,Periodic,ls,Problem
来源： https://www.cnblogs.com/Spare-No-Effort/p/14911816.html